一、选择题解题技巧-【步步高·考前三个月】2025年高考物理复习讲义课件（苏京）（word教案）

一、选择题解题技巧 选择题在高考中属于保分题目，只有“选择题多拿分，高考才能得高分”，在平时的训练中，针对选择题要做到两个方面。一是练准确度：高考中遗憾的不是难题做不出来，而是简单题和中档题做错，平时训练一定要重视选择题。二是练速度：提高选择题的答题速度，能为攻克后面的解答题赢得充足时间。要想准确、迅速地解答物理选择题，不仅要熟练掌握和应用物理的基本概念和规律直接判断和定量计算，还要掌握以下解答物理选择题的基本方法和特殊技巧。 方法1　排除法 排除法主要适用于选项中有相互矛盾、相互排斥或有完全肯定、完全否定的说法，可根据题设条件和对物理过程的分析，将明显错误或不合理的选项一一排除。此法不仅可解答单选题，也可用于多选题，如果多选题能排除两个错误的选项，那毫无疑问剩下的两个选项一定是正确的。 例1　如图甲所示，梯形硬导线框abcd固定在磁场中，磁场方向与线框平面垂直，图乙表示该磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系，t=0时刻磁场方向垂直纸面向里。在0~5t0时间内，以垂直ab边向上为安培力的正方向，线框ab边受到该磁场对它的安培力F随时间t变化的图像为(　　) 答案　D 解析　先从题图乙的特殊时间段找选项漏洞，在2t0~3t0时间内磁感应强度B不变，线框中无感应电流，则线框ab边一定不受安培力，排除B项；再从题图乙中B均匀变化的一段找突破口，在0~2t0时间内感应电动势为E1=S=S，为定值，因此感应电流也为定值，那么安培力F=BIL∝B，在t0时刻，B为零，故安培力为零，排除A项；因0~t0与t0~2t0时间内的磁场方向相反，电流方向相同，故安培力方向相反，排除C项，所以D项正确。 例2　(多选)(2024·河南焦作市二模)如图甲所示，正方形线圈abcd内有垂直于线圈的匀强磁场，已知线圈匝数n=10，边长ab=1 m，线圈总电阻r=1 Ω，线圈内磁感应强度随时间的变化情况如图乙所示。设图示的磁场方向与感应电流方向为正方向，则下列有关线圈的感应电流i，焦耳热Q以及ab两点间电压u，ab边所受的安培力F(取向下为正方向)随时间t的变化图像正确的是(　　) 答案　ACD 解析　0~1 s内产生的感应电动势为e1==2 V，由楞次定律，感应电流为逆时针(为负)，大小为i1==2 A，同理可得，1~5 s内产生的感应电动势为e2=nS||=1 V，由楞次定律，感应电流为顺时针(为正)，大小为i2==1 A，故A正确；ab两点间的电压，0~1 s内大小为u1=i1·=0.5 V，方向为负，1~5 s内大小为u2=i2·=0.25 V，方向为正，故B错误；ab边所受的安培力，0~1 s内大小为0≤F1=nB1i1L≤4 N，随时间逐渐增大，由左手定则，方向向下为正，同理1~3 s内大小为0≤F2=nB2i2L≤2 N，随时间逐渐减小，由左手定则，方向向上为负，同理3~5 s内大小为0≤F3=nB3i2L≤2 N，随时间逐渐增大，由左手定则，方向向下为正，故C正确；0~1 s内焦耳热0≤Q1=rt≤4 J，随时间逐渐增加，1~5 s内焦耳热4 J≤Q2=Q1m+rt'≤8 J，故D正确。 解题技巧　我们利用排除法求解本题时，先分析特殊阶段的电流、电压、安培力及焦耳热特点，排除与分析结果不一致的选项，得到正确的选项。对于那些用常规思维解答比较棘手的问题，可以转换一下角度，利用排除法解答，有可能很快得到正确答案。 方法2　逆向思维法 很多物理过程具有可逆性(如运动的可逆性、光路的可逆性)，在沿着正向过程或思维(由前到后或由因到果)分析受阻时，有时“反其道而行之”，沿着逆向过程或思维(由后到前或由果到因)来思考，常常可以化难为易、出奇制胜。 应用逆向思维法解题的基本思路：(1)分析确定研究问题的类型是否能用逆向思维法解决；(2)确定逆向思维法的类型(由果索因、转换研究对象、过程倒推等)；(3)通过转换运动过程、研究对象等确定求解思路。 例3　(2024·江西上饶市余干中学月考)某次篮球比赛中某运动员罚球的画面如图所示，第一次出手，篮球的初速度方向与竖直方向的夹角α=60°；第二次出手，篮球的初速度方向与竖直方向的夹角β=30°；两次出手的位置在同一竖直线上，结果两次篮球正好垂直撞击到篮板同一位置点C。不计空气阻力，则从篮球出手到运动到点C的过程中，下列说法正确的是(　　) A.前后两次运动时间的比值为∶1 B.前后两次上升的最大高度的比值为1∶3 C.前后两次篮球在C点时的机械能相等 D.前后两次篮球的初动能不相等 答案　B 解析　将篮球的运动过程逆向看作平抛运动，设前后两次运动时间分别为t1、t2，易知两次篮球做平抛运动的水平位移大小相同，均设为x，则根据平抛运动规律有v1cos 60°=gt1，v2cos 30°=gt2，t1=，t2=，联立解得v1=v2，=，故A错误；根据h=gt2，可知前后两次篮球上升的最大高度的比值==，故B正确；在C点时，前后两次篮球的动能的比值==，取C点为零势能点，则两次篮球在C点的机械能只有动能，不相等，故C错误；由选项A知v1=v2，所以两次篮球出手时的动能相等，故D错误。 解题技巧　末速度水平的斜抛运动的逆过程是平抛运动，末速度为零的匀减速直线运动的逆过程是初速度为零的匀加速直线运动，利用逆向思维的方法将复杂的物理情境转化为熟悉的物理情境，利用熟悉的物理规律，便可快速解题。 方法3　图像法 物理图像是将抽象物理问题直观化、形象化的最佳工具，能从整体上反映出两个或两个以上物理量的定性或定量关系。利用图像解题时一定要从图像纵、横坐标的物理意义，以及图线中的“点”“线”“斜率”“截距”和“面积”等诸多方面寻找解题的突破口。 例4　(多选)(2024·陕西省西安中学开学考)制造纳米薄膜装置的工作电极可简化为真空中间距为d的两平行金属板，如图甲所示，加在A、B间的电压UAB做周期性变化，其正向电压为U0，反向电压为-kU0(k≥1)，电压变化的周期为2T，如图乙所示。在t=0时，有一个质量为m、电荷量为e的电子以初速度v0垂直电场方向从两极板正中间射入电场，在运动过程中未与极板相撞，且不考虑重力的作用，则下列说法中正确的是(　　) A.若k=1且电子恰好在4T时刻从A板边缘射出电场，则其动能增加 B.若k=1且电子恰好在2T时刻射出电场，则射出时的速度为v0 C.若k=且电子恰好在2T时刻射出电场，则射出时的速度为 D.若k=且电子恰好在2T时刻射出电场，则应满足的条件是d≥ 答案　BC 解析　k=1，粒子在竖直方向的速度变化如图所示，则4T时电子速度不变，动能不变，则静电力做功为零，故A错误；电子在2T时竖直方向速度为零，水平速度为v0，则在2T时的速度为v0，故B正确；若k=且电子恰好在2T时刻射出电场，a1=，a2==a1，0~2T内，电子在竖直方向上先做匀加速直线运动再做匀减速直线运动到零再反向做匀加速直线运动，最大偏移距离y=a1T2+=≤，则d≥，射出时竖直方向的速度vy=a1T-a2T=-T，则射出时的速度v==，故C正确，D错误。 解题技巧　根据物理情境画出运动图像，利用图像计算物体的位移，形象直观，一目了然。 方法4　二级结论法 熟记并巧用一些“二级结论”可以使思维过程简化，节约解题时间。非常实用的二级结论有：(1)等时圆规律；(2)平抛运动速度的反向延长线过水平位移的中点；(3)不同质量和电荷量的同种带电粒子由静止相继经过同一加速电场和偏转电场，轨迹重合；(4)直流电路中动态分析的“串反并同”结论；(5)平行通电导线同向相吸，异向相斥；(6)带电平行板电容器与电源断开，改变极板间距离不影响极板间匀强电场的电场强度等。 例5　(多选)(2024·宁夏银川一中月考)如图所示，在斜面上有四条光滑细杆，其中OA杆竖直放置，OB杆与OD杆等长，OC杆与斜面垂直放置，每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出)，四个环分别从O点由静止释放，沿OA、OB、OC、OD滑到斜面上所用的时间依次为t1、t2、t3、t4。下列关系正确的是(　　) A.t1>t2>t3 B.t1=t3>t2 C.t2=t4>t1 D.t2<t3<t4 答案　BD 解析　以OA为直径画圆，由等时圆模型，对小圆环分析，受重力和支持力，将重力沿杆和垂直杆的方向正交分解，由牛顿第二定律得小圆环做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为a=gcos θ(θ为杆与竖直方向的夹角)。由图知，小圆环的位移为x=2Rcos θ，所以t===，t与θ无关，可知从圆上最高点沿任意一条弦滑到底所用时间相同，故沿OA和OC滑到底的时间相同，即t1=t3，OB不是一条完整的弦，时间最短，即t1>t2，OD长度超过一条弦，时间最长，即t2< t1=t3<t4，故选B、D。 解题技巧　本题利用等时圆的结论分析，不需要再列式求解，能达到事半功倍的效果。因此在解答题目时，联想以前学过的知识和结论，特别是重要的二级结论，能快速解题。 方法5　类比分析法 所谓类比，就是将两个(或两类)研究对象进行对比，分析它们的相同或相似之处、相互的联系或所遵循的规律，然后根据它们在某些方面有相同或相似的属性，进一步推断它们在其他方面也可能有相同或相似的属性的一种思维方法，在处理一些物理背景很新颖的题目时，可以尝试着使用。 例6　在光滑的水平面上，一滑块的质量m=2 kg，在水平面上受水平方向上恒定的外力F=4 N(方向未知)作用运动，如图所示给出了滑块在水平面上运动的一段轨迹，滑块过P、Q两点时速度大小均为v=5 m/s。滑块在P点的速度方向与PQ连线的夹角α=37°，sin 37°=0.6，则下列说法正确的是(　　) A.水平恒力F的方向与PQ连线成53°角 B.滑块从P到Q的时间为3 s C.滑块从P到Q的过程中速度最小值为3 m/s D.P、Q两点的距离为15 m 答案　B 解析　可将滑块的运动类比为斜上抛运动，滑块过P、Q两点时速度大小相等，可将PQ类比为水平线，则恒定外力的方向与PQ连线垂直且指向轨迹的凹侧，故A项错误；把滑块在P点的速度分解到沿水平恒力F和垂直水平恒力F两个方向上，沿水平恒力F方向上滑块先做匀减速直线运动后做匀加速直线运动，加速度大小为a==2 m/s2，当沿水平恒力F方向上的速度为0时，时间t==1.5 s，滑块从P到Q的时间为t'=2t=3 s，故B项正确；当沿水平恒力F方向上的速度为0时，只有垂直水平恒力F方向的速度v'=vcos 37°=4 m/s，此时速度最小，即为“斜上抛运动”的最高点，所以滑块从P到Q的过程中速度最小值为4 m/s，故C项错误；沿垂直水平恒力F方向上滑块做匀速直线运动，“水平射程”为xPQ=v't'=12 m，故D项错误。 解题技巧　物体在恒力作用下的曲线运动与抛体运动相似，小球在半径较大的圆轨道内小范围的运动与单摆的运动相似，电子绕原子核的运动与卫星的运动相似，等等，相似的两个问题有相同或相似的属性，利用类比的方法能快速解题。 方法6　对称法 对称法就是利用物理现象、物理过程具有对称性的特点来分析解决物理问题的方法。常见的应用：(1)运动的对称性，如竖直上抛运动中物体向上、向下运动的两过程中同位置处速度大小相等；(2)结构的对称性，如均匀带电的圆环，在其圆心处产生的电场强度为零；(3)几何关系的对称性，如粒子从某一直线边界射入磁场，再从同一边界射出磁场时，速度与边界的夹角相等；(4)场的对称性，等量同种、异种电荷形成的电场具有对称性；电流周围的磁场，条形磁体和通电螺线管周围的磁场等都具有对称性。 例7　如图所示，均匀带正电的金属圆环的圆心为O，在垂直于圆环所在平面且过圆心O的轴线上有A、B、C三点，AO=OB=BC=L，当B点放置电荷量为Q的负点电荷时，A点的电场强度为0。若撤去B点的负点电荷，在C点放置电荷量为2Q的正点电荷时，B点的电场强度大小为(k为静电力常量)(　　) A. B. C. D. 答案　C 解析　由题可知，在B点放置电荷量为Q的负点电荷时，A点的电场强度为0，则圆环上的电荷在A点的电场强度与B点的负点电荷在A点的电场强度等大反向，即圆环上的电荷在A点的电场强度大小为E==k，方向水平向左，根据对称性可知，圆环上的电荷在B点的电场强度大小为E=k，方向水平向右；若撤去B点的负点电荷，在C点放置电荷量为2Q的正点电荷时，根据电场的叠加原理可知B点的电场强度大小EB=k-E=，故选C。 解题技巧　非点电荷电场的电场强度用微元法求解很烦琐，在高中阶段所涉及的非点电荷的电场往往具有对称的特点，所以常常用对称法结合电场的叠加原理进行求解。 方法7　特殊值法 有些选择题选项的代数表达式比较复杂，需经过比较烦琐的公式推导，此时在不违背题意的前提下可以让某些物理量取特殊值，代入到各选项中逐个进行检验。凡是用特殊值检验证明不是正确的选项，一定是错误的，可以排除。 例8　如图所示，一根质量为m、长为L粗细均匀的绳子放在水平面上，绳子与水平面间的动摩擦因数为μ，在绳子的右端加一水平恒力F，使绳子向右做匀加速直线运动，则距左端x处的绳子上张力大小为(　　) A.F B.F C.F-μmg D.F-μmg 答案　B 解析　本题中，若x=0，则F'应该等于0，故排除A、C、D选项，所以B选项正确。 解题技巧　我们利用特殊值代入法求解本题时，不需要经过比较烦琐的公式推导过程，只需要将x=0代入选项验证即可。 一般情况下选项中以字母形式表示，且字母表达式较为烦琐，直接运算较为麻烦，此时便可以考虑特殊值法了。 方法8　极限法 极限法是将某些物理量的数值推向极值(如设定动摩擦因数趋近零或无穷大、电源内阻趋近零或无穷大、物体的质量趋近零或无穷大等)，并根据一些显而易见的结果、结论或熟悉的物理现象进行分析和推理的一种方法。该方法一般适用于题干中所涉及的物理量随条件单调变化的情况。极限法在进行某些物理过程分析时，具有独特作用，使问题化难为易，化繁为简，起到事半功倍的效果。 例9　如图所示，一根轻质弹簧上端固定，下端挂一质量为m0的平盘，盘里有一物体，质量为m，当盘静止时，弹簧的长度比其自然长度伸长了L。今向下拉盘使弹簧再伸长ΔL后停止，然后松手放开。设弹簧总处在弹性限度以内，重力加速度为g，则刚松开手时盘对物体的支持力等于(　　) A.(1+)mg B.(1+)(m+m0)g C.mgΔL D.(m+m0)g 答案　A 解析　解法一　盘静止时由胡克定律有(m+m0)g=kL，弹簧再伸长ΔL时，弹簧增加的拉力为F，则F=kΔL，解得F=(m+m0)g，刚松开手时盘和物体受向上合力F，对整体由牛顿第二定律有F=(m+m0)a，设松手时盘对物体的支持力为FN，对物体由牛顿第二定律有FN-mg=ma，解得FN=(1+)mg，故选A。 解法二　本题可用极限法求解：将ΔL的值推向极端，即ΔL=0，则盘对物体的支持力应为mg，故选A。 解题技巧　本题中将ΔL的值推向极端，即ΔL=0，盘对物体的支持力应为mg，快速得出答案为A。像这类问题计算较为复杂，但是将题中的某些物理量的数值推向极限时，再对这些问题的选项是否合理进行分析和判断，可快速得出答案。极限法常用于变化类题目的求解，应用时要注意变化是否是线性变化，即极端情况是否只出现在两端等。 方法9　转换法 —些复杂和陌生的问题，可以通过转换研究对象、物理过程、物理模型等，变成简单、熟悉的问题，以便达到巧解、速解的目的。 例10　(多选)如图甲所示为某元件X的U-I图像，将其与一定值电阻R0串联后连接在电动势E=5 V、内阻r=1.0 Ω的电源两端，如图乙所示，电压表和电流表均为理想电表，定值电阻R0=4 Ω，则闭合开关S后(　　) A.电压表的示数约为3 V B.电流表的示数约为0.4 A C.X消耗的功率约为1.8 W D.电源的输出功率约为1.84 W 答案　BD 解析　将定值电阻R0看作等效电源的内阻，根据闭合电路欧姆定律可知，U=E-I(R0+r)，代入数据解得U=5 V-I·5 Ω，在U-I图像中画出该图线，如图所示，两图线交点坐标为(0.4 A，3.0 V)，因此电流表的示数约为0.4 A，B项正确；R0两端的电压U0=IR0=1.6 V，因此电压表的示数约为1.6 V，A项错误；元件X的电功率PX=3.0×0.4 W=1.2 W，C项错误；电源的输出功率P=P0+PX=U0I+PX=1.84 W，D项正确。 解题技巧　将定值电阻看作等效电源的内阻，根据闭合电路欧姆定律得到路端电压和干路电流的关系，在题图中画出等效电源的U-I图线，可简化运算。 例11　(2024·安徽省A10联盟三模)在如图所示的电路中，M是理想自耦变压器，电表均为理想电表，R0是定值电阻，R为滑动变阻器，在a、b两端加上电压为U的正弦交流电，则下列判断正确的是(　　) A.仅将滑片P1沿顺时针方向转动，电压表示数变大 B.仅将滑片P1沿顺时针方向转动，整个电路消耗的功率变大 C.仅将滑片P2向下移动，电流表示数变大 D.仅将滑片P2向下移动，变压器的输入功率一定变大 答案　A 解析　将变压器和副线圈负载看成一个等效电阻，则有R等=()2R，仅将滑片P1沿顺时针方向转动，副线圈匝数n2减小，由U=I1R0+()2I1R，可知原线圈电流I1减小，则R0两端电压减小，电压表示数变大；整个电路消耗的功率为P总=UI1，可知整个电路消耗的功率变小，故A正确，B错误；仅将滑片P2向下移动，R变大，根据U=I1R0+()2I1R，可知原线圈电流I1减小，根据=，可知副线圈电路中的电流I2变小，则电流表示数变小；变压器输入功率为P=UI1-R0，由于P与I1是非单调关系，因此不能确定变压器输入功率如何变化，故C、D错误。 解题技巧　将变压器和副线圈负载等效为电阻，可将交流电路“转换”为直流电路问题处理。 学科网（北京）股份有限公司 $$