2025届河南省焦作市高三下学期二模物理试题

null焦作市普通高中2024一2025学年高三第二次模拟考试 物理·答案 1~7题每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。8~10小题每小题 6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 1.答案C 命题透析本题考查比值定义的理解与运用，考查考生的科学思维。 思路点拨速度、功率和加速度均是由比值法定义的变化率类型的物理量，电场强度是由比值法定义的描述电 场固有属性类型的物理量，故在物理量特征上，电场强度不同于其他三个物理量，故C正确。 2.答案B 命题透析本题以核反应方程式为情景，考查了核反应过程中的质量数守恒和电荷量守恒，考查考生的物理 观念。 思路点拔 根据电荷数守恒和质量数守恒，完整的核反应方程式为；B+He→。+：N,故正确选项为B。 3.答案C 命题透析本题以天文数据为情景，考查开普勒定律、万有引力定律，考查考生的物理观念和科学思维素养。 思路点拨从表格给定信息来看，开普勒三定律规律可推广到木星系，地球系等其他星系统中，所以A错误： 分析表格数据可推断，半长轴三次方与周期平方之比：跟转动天体无关，只跟中央天体有关，所以B错误、C正 确；若根据题目已知条件和表格信息，可计算中央天体的质量，所以D错误。 4.答案A 命题透析本题创设一道陌生且复杂的简谐运动情景，考查了平衡条件和振动图像，考查考生的物理观念和科 学思维素养。 思路点拨对C进行受力分析，画出矢量图，可得C的重力为Gc=√3mg,所以C的质量为3m,所以A正确： 重物C运动的振幅为1cm,所以B错误：重物C在t=2s时速度最大，所以C错误：重物C在1=4s时加速度 方向竖直向上，所以D错误。 5.答案D 命题透析本题创设了动画图片情景，考查了气体实验定律和热力学第一定律，考查考生的物理观念 思路点拨小鱼吐出气泡后，在水中上升，压强减小，所以C错误：体积增大，所以A、B错误：液体对气泡做负 功，所以D正确。 6.答案C 命题透析本题以匀速圓周运动为情景，考查物理图像的运用，考查考生的科学思维」 思路点拔小球做匀速圆周运动，0时刻，轻杆与y负方向的夹角为0，时刻，轻杆与y负方向的夹角为0，则有 0=ot,,=cos0=cos wt,花，=sin0=osin ot,由此可知，A、B错误，C正确，，-，图像中图线是2+t2=r2,即 圆心在坐标原点的圆，故D错误。 7.答案D 命题透析本题创设了太阳日出、日落情景，考查光的折射，考查考生的模型建构能力和科学思雏。 1 思路点拨太阳光是平行光，临界光路图如图所示，由此可见，“昼”长“夜”短，由几何关系可得临界光线的折 射角血=分分，可知临界光线的折射角为30：根据折射定律a一曲可得i=45。由几何关系可知，地 球多转x角度便看不见太阳了，有α=60°-45°=15°。一个住在赤道上的人在太阳“日出”前、“落山”后能看 150 到太阳的时间为1=30。×24h=1h,可推知白“昼”时长约为12h+2h=14h,故选D。 8.答案BD 命题透析本题以带电体的电场分布为情景，考查了电场线和等势线，考查考生的物理观念。 思路点拨电场线是描述电场强度的，有方向，故带箭头的实线表示电场线，等势线是电势相同的点构成的线， 电势是标量，没有方向，故A错误：因为电场线和等势线均具有对称性，两带电体无法区分其差异，故带同种等 量电荷，电场线从正电荷处发出，可见它们带正电，B正确：等势线不会相交，所以C错误；沿着电场线方向，电 势越来越低，故A点电势高于B点；电场线越密，场强越大，故A点场强大于B点，所以D正确」 9.答案AD 命题透析本题考查学生对电磁感应基本规律的理解及应用水平，并涉及动量定理的应用，具有一定的综合 性，对学生的分析综合能力有较高要求。 思路点拨导体棒进入磁场时相对微场向左运动，由右手定则可知此时导体棒中的感应电流由M向V,故A 正确：金属棒在安培力作用下向右加速运动，但相对磁场的速度巾逐渐减小，动生电动势亦逐渐减小，所以 金属棒中的感应电流逐渐减小，放B错设金属棒的质量为m,由动量定理可得口=，解之可得金属棒离 开磁场时的速度为收，可见其与，无关，故C错：由法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律及电流定 义式可得==景1=之品。1驶，故D正确。 10.答案AC 命题透析本题以倾斜传送带为情景，综合考查了牛顿第二定律、能量守恒、功率等主千干知识，考查了考生的 物理观念和科学思维。 思路点拔物件在CD段运动过程中，由牛顿第二定律得mgsin0+mgcos0=ma,由运动学公式0-t2 -2r,联立解得x二2g(sm0+4©0s0),所以A正确：物件在BC段匀速运动，由功能关系可知传送带输出的机 械能等于物件机械能增加量，因此P=Pe=mgusin0,所以B错误；全过程物件增加的机械能为E,=mgLsin 0, 整个过程，物件与传送带摩擦产生的内能可如下计算：加速过程，相对路程=2gu日-sm9):减速过程， 相对路程么产2gs0+n,产生内能为Q=umg(4+h)c0= mu'v'cos2 0 (u'cos2 0-sin2 0) 一，故可知、 2 LA-m8血0，所以D酷误：物件从B到C运行的时间1--么+)_马 uvcos 8 uvcos2 0 g(u'cos20-sin0)' 所以C正确。 11.答案(1)B(2分) (2)BC(2分，漏选得1分) (3)2.0(2分) 命题透析本题创设了利用水柱研究平抛运动的情景，考查了平抛运动，考查考生的科学探究素养。 思路点拨(1)射出水的初速度与侧孔上方水高有关，与下方水高无关，上方水高越大，射水初速度越大。上 方水高会越来越小，出水初速度越来越小，水柱水平距离越来越小，所以A、C错误，B正确。 (2)为了描绘水柱，透明薄板竖直放置且要靠近水柱又不能接触水柱，选用瓶径越大，上方水高下降越慢，出 水初速度变化越慢，水柱形状越稳定，有利于描绘水柱，侧孔开口口径越大，上方水高下降越快，水柱越不稳 定。所以B,C正确，A、D错误。 (3)由y-y=gT,x=x=T,代入数据可计算得到=2.0m/s。 12.答案(1)B(2分) (2)1.1×10-3(2分)2.2×103(2分) (3)从图像中，读出不同电压U时的Q所对应的格子数N,分析数据判断光是否可在误差允许范围内视为定 值(2分，仅回答“号为定值”的给1分，能够结合实验数据给出判断依据才能给2分：其他合理说法也可给分) 命题透析本题以探究电容器电学特征为情景，考查了电容器与电路分析，考查考生的科学探究素养 思路点拔)开关接1，对电容器充电，待电路稳定后，电容浴相当于断路，地路中电流1RR RyE 所以A错误：电压表示数U=R只、=0,5V,所以B正确：开关接1，待电路隐定后断开开关，电容器通过电压 表放电，电压表示数逐渐减小为0，所以C错误。 (2)开关接2，电容器相当于电源，电阻与电压表并联，电流表测量了电阻的电流，比容器放电电流为电流表电 流的3倍，所以电容器充电后存储电荷量Q=230×0.4×4×106×3C=1.1×103C,电容器的电容C= 9-1x10F=2.2x10g U=0.5 (3)物质的固有属性一般是在探究规律过程中发现两个物理量的比值为定值，且同类事物总有同样的规律但 这个定值又不完全相同，那么就会用这两个物理量之比定义为描述这一类事物的一种固有属性的物理量。因 此，就是要从本实验中确认号是否为定值。参考答案如下：从图像中，读出不同电压V时的Q所对应的格子 数N,分析数据判断是否可在误差允许范围内视为定值。 13.命题透析本题以板块问题为情景，考查了牛顿第二定律和运动学公式，考查考生的科学思维素养。 思路点拨(1)对物块，加速时有 Wmg=m0。 (1分) 解得a=2m/s (1分) 对木板，有o=ao (1分) —3 速度图像中阴影面积表示了相对距离，即△x= 2(-6）… (1分》 代人数据解得△x=8m…(2分》 4/m·s-1 (2)在0<1≤2s过程中，对木板有F-wmg=Mao (1分) 在28<1≤4s过程中，对木板有F-wmg=0 (1分) 在t>4s过程中，对木板有F=0… (1分) r6N,0<t≤2s 所以F=2N,28<t≤4g (1分) 0,1>4s 说明：范围边界写成开区间或闭区间，均不扣分 14.命题透析本题创设了玩具装置为情景，考查了牛顿运动定律、动量守恒定律和能量守恒定律等主干知识，考 查考生的科学思维素养。 思路点拨(1)根据对称关系，引爆后瞬问，对A、B,有=”a=,方向相反，且有 (2分) m 此时，物块C固定，又有F= (1分) 则有F=E (1分) (2)整个系统，动量守恒，沿中心线方向，任何时刻均有2m=2me…(1分) 所以有∑2mw,△l=∑2mDcL,即yw/=yc (1分) 又有yBy+ye=2L (1分) 所以物块C运动的最大位移y6=L………………… (1分) 另解：当AB转动到关于铰链对称的另一端时，物块C运动的位移最大，由人船模型可得，物块C运动的最大 位移yc=L(推理过程中要突出了“对称”“动量守恒”可酌情给分，只有答案的酌情扣分) (3)同理，有mm+mwg=2m0吃(1分)》 根据能量守恒有m+分m2+分·2m2=E (1分) 其中由对称性关系可知，=B (1分) 解得2=，=g=√2m (1分) 15.命题透析本题创设了拼接电磁场和交变电场情景，考查了带电粒子在电磁场中的运动，考查考生的科学思 维素养。 思路点拨(1)在右侧磁场中，根据左手定则，可以判断粒子带正电…… (1分) 依题可知，粒子在磁场中运动的周期T=2 (1分) 4 又有T-2mm 9B …(1分）》 可计算品=品 T …(1分）》 (2)粒子在金属板之间区域运动，分析其运动，可知是对称的匀变速曲线运动，进人或离开该区域的速度大小 相同，设为，则有。=迟 …(分） 又有R=7( (1分) 其中a=必（写成b=ma,E= mD 电给分) (1分) 又有L=… (1分) 结合给定条件6=号D,可计算马=受√T6的 TUato …(1分)》 1 有=)%0…（ TUoto 可知4=√6给 (1分) (3)分析粒子整个运动，运动轨迹如图所示，根据对称性和周期性，可知带电粒子回到下金属板左侧边缘的时 刻1=510+4l0(n=0,1,2…）…(2分)） 说明：仅给出n=0情况的，给1分。 (4)①增加竖直方向的匀强屯场后，粒子将做曲线运动，此曲线运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖 直面内的匀速圆周运动。只有水平方向的匀速直线运动向右，粒子才不会返回两金属板之间区域，根据配速 法可知，电场力方向向上，故电场场强方向应该向上。…（1分) ②根据前述计算可知π TUoB toB B ”= 4 6tn ,小明的计算结果等价于E≥ 2 ……（1分)） 令B=则根据B=,即匀速直线运动分速度为： 2 则匀速圆周运动的分速率为%一”=2 o …（1分) 即进入复合电磁场后，任何时刻粒子的垂直电磁场左边界的分速度，≥0，即粒子不会向左边界“回旋”，可见 电场强度最小值还可以更小一些…(2分) 说明：其他合理论证方法，也可以酌情给分。 5