精品解析：湖南省邵阳市邵东市2024-2025学年九年级下学期3月月考数学试题

2025年九年级（下）第一次学情监测 数学 温馨提示：本试卷共三道大题，满分120分，考试时间120分钟． 一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．） 1. 函数的图象经过点，则下列各点中在图象上的是（ ） A. B. C. D. 2. 如图是一个几何体的三视图，该几何体是（ ） A. 球 B. 棱柱 C. 圆柱 D. 圆锥 3. 若方程是一元二次方程，则m的值为（ ） A. 0 B. C. D. 4. 用配方法解方程时，配方后正确的是（ ） A. B. C. D. 5. 如图，半径为13cm的圆形铁片上切下一块高为8cm的弓形铁片，则弦AB的长为（ ） A. 10cm B. 16cm C. 20cm D. 24cm 6. 不透明的袋子中装有红、绿小球各一个，除颜色外两个小球无其他差别，从中随机摸出一个小球，放回并摇匀，再从中随机摸出一个小球，那么第一次摸到红球、第二次摸到绿球的概率是（ ） A. B. C. D. 7. 在锐角 中，若，则等于（　　） A. B. C. D. 8. 两千多年前，古希腊数学家欧多克索斯发现了黄金分割，即：如图，点P是线段AB上一点（AP＞BP），若满足，则称点P是AB的黄金分割点．黄金分割在日常生活中处处可见，例如：主持人在舞台上主持节目时，站在黄金分割点上，观众看上去感觉最好．若舞台长20米，主持人从舞台一侧进入，设他至少走x米时恰好站在舞台的黄金分割点上，则x满足的方程是（　　） A. （20﹣x）2＝20x B. x2＝20（20﹣x） C. x（20﹣x）＝202 D. 以上都不对 9. 如图，点A为反比例函数图象上的一点，连接，过点O作的垂线与反比例的图象交于点B，则的值为（ ） A. B. C. D. 10. 数学课上，老师让同学们以“矩形的折叠”为主题开展数学活动．如图，小明把矩形 沿折叠，使点落在边的点处，其中，且，则矩形 的面积为（ ） A. B. C. D. 二、填空题（本大题共8个小题，每小题3分，共24分） 11. 如果，那么____________． 12. 已知点关于y轴的对称点在反比例函数的图象上，则a的值为______． 13. 如图，某商场自动扶梯长为15米，若扶梯顶端B到地面距离是7.5米，则该扶梯的坡度是_____． 14. 在，，1，2，3五个数中随机选取一个数作为二次函数中 的值，则该二次函数图象开口向上的概率是_____________． 15. 已知， 是方程的两个实数根，则的值为_____． 16. 如图，在边长为6的正六边形中，以点F为圆心，以的长为半径作，剪下图中阴影部分做一个圆锥的侧面，则这个圆锥的底面半径为________． 17. 如图， 是的内接三角形，若，则______． 18. 如图，抛物线与y轴交于点A，与x轴交于点B，线段在抛物线的对称轴上移动（点C在点D下方），且．当的值最小时，点C的坐标为_____________． 三、解答题：本大题共8个小题，第19、20题每题6分，第21、22题每题8分，第23、24题每题9分，第25、26 题每题10分，共66分．解答时应写出必要的文字说明、演算步骤或证明过程． 19. 计算：． 20. 关于 的一元二次方程有两个不相等的实数根，． （1）求实数的取值范围； （2）若方程的两实数根，满足，求的值． 21. 如图，在正方形 中，点是对角线上一点，的延长线交于点 ，交的延长线于点，连接． （1）求证：； （2）求证：． 22. 拉杆箱是外出旅行常用工具．某种拉杆箱的示意图如图所示（滚轮忽略不计），箱体截面是矩形，的长度为，两节可调节的拉杆长度相等，且与在同一条直线上．如图1，当拉杆伸出一节（）时， 与地面夹角，如图2，当拉杆伸出两节（，）时， 与地面夹角，两种情况下拉杆把手A点距离地面高度相同．求每节拉杆的长度．（） 23. 中国新能源产业异军突起．中国车企在政策引导和支持下，瞄准纯电、混动和氢燃料等多元技术路线，加大研发投入形成了领先的技术优势，2023年，中国新能源汽车产销量均突破900万辆，连续9年位居全球第一．在某次汽车展览会上，工作人员随机抽取了部分参展人员进行了“我最喜欢的汽车类型”的调查活动（每人限选其中一种类型），并将数据整理后，绘制成下面有待完成的统计表、条形统计图和扇形统计图 类型 人数 百分比 纯电 m 混动 n 氢燃料 3 油车 5 请根据以上信息，解答下列问题： （1）本次调查活动随机抽取了_____人；表中______，______； （2）请补全条形统计图； （3）请计算扇形统计图中“混动”类所在扇形的圆心角的度数； （4）若此次汽车展览会的参展人员共有4000人，请你估计喜欢新能源（纯电、混动、氢燃料）汽车的有多少人？ 24. 每年5月的第三个星期日为全国助残日，今年的主题是“科技助残，共享美好生活”，康宁公司新研发了一批便携式轮椅计划在该月销售，根据市场调查，每辆轮椅盈利200元时，每天可售出60辆；单价每降低10元，每天可多售出4辆．公司决定在成本不变的情况下降价销售，但每辆轮椅的利润不低于180元，设每辆轮椅降价x元，每天的销售利润为y元． （1）求y与x的函数关系式；每辆轮椅降价多少元时，每天的销售利润最大？最大利润为多少元？ （2）全国助残日当天，公司共获得销售利润12160元，请问这天售出了多少辆轮椅？ 25. 如图，是的直径，是的中点，过点作 的垂线，垂足为点 ． （1）求证：； （2）求证：是的切线； （3）若，，求阴影部分的面积． 26. 如图，二次函数的图象与x轴交于A、B两点，与y轴相交于点C．连接 、，A、C两点的坐标分别为．且当和时二次函数的函数值y相等．点M、N同时从B点出发，均以每秒1个单位长度的速度分别沿、边运动，其中一个点到达终点时，另一点也随之停止运动．当运动时间为t秒时，连接，将沿MN翻折得到． （1）求二次函数的解析式； （2）若点P恰好落在 边上，求t的值及点P的坐标； （3）在点M、N运动过程中，二次函数图象的对称轴上是否存在点Q，使得以B、P、Q为顶点的三角形与 相似？如果存在，请直接写出点P的坐标；如果不存在，请说明理由． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $命学科网命组卷网 2025年九年级（下）第一次学情监测 数学 温馨提示：本试卷共三道大题，满分120分，考试时间120分钟. 一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的.) k :西数宁x的图象经过点2,6，则下列各点中在少=于图象的、 A.(3,4) B.(3-4) c（-3,-4) D.（4,-3) 【答案】B 【解析】 【分析】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征.当k>0时，图象分别位于第一、三象限，横纵坐 标同号；当k<0时，图象分别位于第二、四象限，横纵坐标异号. 利用待定系数法求得反比例函数的解析式，然后将四个选项中的点的坐标一一代入验证即可. V= 【详解】解：函数x的图象经过点（-2,6) 6飞 -2, .k=-12 ·,该反比例函数的解析式是：上、、 X, 第1页/共36页 学科网命组卷网 12 A、当x=3时，y=-4,即点(3,4)不在反比例函数 x的图象上；故本选项错误；B选项正确： 12 C、当x=-3时，y=4,即点（-3,4)不在反比例函数 y= X的图象上：故本选项错误： 12 D、当x=-4时，y=3,即点（-4，-3)不在反比例函数 y=- x的图象上：故本选项错误； 故答案为：B 2.如图是一个几何体的三视图，该几何体是() 主视图左视图 俯视图 A.球 B.棱柱 C.圆柱 D.圆锥 【答案】D 【解析】 【分析】本题主要考查了由三视图判断几何体，结合三视图与原几何体的关系即可解决问题 【详解】解：由所给三视图可知，该几何体为圆锥， 故选：D 3.若方程m-V5)x1-x-1=0是一元二次方程，则m的值为《) A.0 B.-V3 c v3 D.±5 【答案】B 【解析】 【分析】通过化简后，只含有一个未知数（一元），并且未知数的最高次数是2（二次)的整式方程，叫 做一元二次方程。 【详解】解：根据慰意，得m2-1=2且m-V3≠0」 第2页/共36页 6学科网 组卷网 解得m=V5 故选：B 【点睛】本题考查一元二次方程的定义.掌握相关定义即可. 车用配方法解方程广-4x-1=0 时，配方后正确的是() A.(x+2)2=3 B.(x+2)2=17 C(r-2)2=5 D.(x-2)2=17 【答案】C 【解析】 【分析】根据配方法，先将常数项移到右边，然后两边同时加上4，即可求解。 【详解】解：r-4x-1=0 移项得，x2-4x=1 两边同时加上4，即r-4x+4=5 (x-22=5 故选：C 【点睛】本题考查了配方法解一元二次方程，熟练掌握配方法是解题的关键， 5.如图，半径为13cm的圆形铁片上切下一块高为8cm的弓形铁片，则弦AB的长为() 不 8cm B 13cm A.10cm B.16cm C.20cm D.24cm 【答案】D 【解析】 【分析】此题主要考查了垂径定理以及勾股定理.首先构造直角三角形，再利用勾股定理得出BC的长， 进而根据垂径定理得出答案. 第3页/共36页 学科网命组卷网 OD⊥AB ⊙0 【详解】解：如图，过O作 于C,交于D, D 8cm B 13cm .AB=2BC, .CD=8,OD=13. .0C=5, 又：OB=13, :Rt△BC0中，BC=VOB2-OC=12 .AB=2BC=24. 故选：D 6.不透明的袋子中装有红、绿小球各一个，除颜色外两个小球无其他差别，从中随机摸出一个小球，放回 并摇匀，再从中随机摸出一个小球，那么第一次摸到红球、第二次摸到绿球的概率是() 1 1 A.4 B. 3 C.2 D.4 【答案】A 【解析】 【分析】首先根据题意画出树状图，由树状图求得所有等可能的结果与第一次摸到红球，第二次摸到绿球 的情况，然后利用概率公式求解即可求得答案. 【详解】解：画树状图得： 第4页/共36页 6学科网 组卷网 开始 第一次 红 绿 第二次红 绿 红绿 ,共有4种等可能的结果，第一次摸到红球，第二次摸到绿球有1种情况， 1 ∴.第一次摸到红球，第二次摸到绿球的概率为4， 故选：A. 【点睛】本题考查了画树状法或列表法求概率，列出所有等可能的结果是解决本题的关键. 7.在锐角 中，若 sinA3 AABC 2 -cosB=0,则 等于() <C A.60° B.450 c750 Dl050 【答案】A 【解析】 分析】根据平方及绝对值的非负性可得sAV3 =01-cosB=0 2 ，2 由特殊角的三角函数值求得 ∠A和∠B,再由三角形内角和为 80° 即可解答； 【详解】解： sin A-. + -cos B=0. 2 .sin 4-V3 01 -cos B=0 2 .∠A=60°，∠B=60°， ∴.在锐角△ABC中，∠C=180°-∠A-∠B=60° 故选：A; 【点睛】本题考查了平方及绝对值的非负性，锐角三角函数，三角形内角和定理；掌握特殊角的三角函 第5页/共36页 命学科网命组卷网 数值是解题关键。 8.两千多年前，古希腊数学家欧多克索斯发现了黄金分割，即：如图，点P是线段AB上一点(AP> BP AP BP),若满足APAB,则称点P是AB的黄金分割点.黄金分割在日常生活中处处可见，例如：主持 人在舞台上主持节目时，站在黄金分割点上，观众看上去感觉最好.若舞台长20米，主持人从舞台一侧进 入，设他至少走x米时恰好站在舞台的黄金分割点上，则x满足的方程是() A P 中 A.(20-x)2=20x B.x2=20(20-x) C.x(20-x)=202 D.以上都不对 【答案】A 【解析】 BP AP 【分析】点P是AB的黄金分割点，且PB<PA,PB=x,则A=20-x,则APAB,即可求解. 【详解】解：由题意知，点P是AB的黄金分割点， 且PB<PA,PB=x,则PA=20-x, BP AP .AP AB, ∴.(20-x)2=20x, 故选：A. 【点睛】本题考查了黄金分割，理解黄金分割的概念，找出黄金分割中成比例的对应线段是解决问题的关 键. 1 y=--（x<0) 9.如图，点A为反比例函数 图象上的一点，连接AO,过点O作OA的垂线与反比例 4 y=4(x>0) AO 的图象交于点B,则BO的值为() 第6页/共36页 6学科网组卷网 B V= 4 A 1 √ A.2 B.4 C.3 D. 3 【答案】A 【解析】 【分析】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，反比例函数系数k的几何意义，三角形相似的判定 和性质，数形结合是解题的关键，过A作AC⊥x轴于C,过B作BDLx轴于D,证明 △AOC∽△OBD 利用相似三角形的面积比等于相似比的平方求解即可. 【详解】解：过A作AC⊥x轴于C,过B作BD⊥x轴于D, V= B V= 4 D 5m-1-，m2x4=2.∠AC0=20D8=90. .OA⊥OB」 ∴.∠AOC=∠OBD=90°-∠BOD. .△AOC∽△OBD, S。ACo 2 0A2 ·SBDO OB 即 2 OB 第7页/共36页 学科网命组卷网 OA 1 .OB2(负值舍去)， 故选：A. 1O.数学课上，老师让同学们以“矩形的折叠”为主题开展数学活动.如图，小明把矩形ABCD沿DE折 叠，使点C落在AB边的点F处，其中DE=5V5,且氵 且sin∠DFA=4 =5,则矩形ABCD的面积为 () D A B A.80 B.64 c36 D18 【答案】A 【解析】 【分析】首先根据折叠的性质得到∠DFC=∠C=9O°，然后根据同角的余角相等得到∠DFA=∠BEF, 进而得 sin∠BEF=sin∠DFA=-4 ,设BF=4x,EF=5x,则BE=3x,CE=FE=5x,根据定 理求出AD=8x=8,DC=DF=I0x=10,最后利用矩形面积公式求解即可. 【详解】解：：矩形ABCD沿DE折叠，使点C落在AB边的点F处， :2DFC=∠C=90° :∠DFA+∠BFE=900 第8页/共36页 6学科网可组卷网 ,四边形ABCD是矩形， :∠A=∠B=900 :∠BEF+∠BFE=90 ∴.∠DFA=∠BEF, :sin∠BEF=sin∠DFA=4 , ∴.设BF=4x,EF=5x,则BE=3x,CE=FE=5x, :AD=BC=8x sn∠DFA=3, .DF=10x :∠DFC=∠C=90°DE=55 六DF2+EF2=DE,即(10x}+(5x'=(55, ∴解得：x=1,负值舍去， :AD=8x=8DC=DF=10x=10 ∴，矩形ABCD的面积=AD.CD=8×10=80. 故选：A. 【点睛】此题考查了矩形和折叠问题，勾股定理，三角形函数的运用，解题的关键是熟练掌握以上知识点. 二、填空题（本大题共8个小题，每小题3分，共24分) 第9页/共36页 6学科网命组卷网 a 3 a-b 11.如果b2,那么b 【答案】2#0.5 【解析】 3 3 b a= b 【分析】本题主要考查了比例的性质，根据题意可得2，再把2代入所求式子中化简求值即可」 a 3 【详解】解：·b2, 3 、a=b 2， 3 ..a-b b-b1 =2 b b 故答案为：2 6 12.己知点A(a-1,2)关于y轴的对称点在反比例函数》=x的图象上，则a的值为 【答案】-2 【解析】 【分析】本题考查了反比例函数的定义，关于y轴对称的点的特征，先根据关于y轴对称的点的纵坐标相 6 同，横坐标互为相反数，得到点A(a-1,2)关于y轴的对称点为(-a+12),再代入y=x,计算即可. 【详解】解：(-Q+h,2)与1(a-l,2)关于y轴的对称， 2 6 -a+1, 第10页共36页 6学科网 命组卷网 解得：a=-2, 故答案为：一2 13.如图，某商场自动扶梯AB长为15米，若扶梯顶端B到地面距离是7.5米，则该扶梯AB的坡度是 B A 【答案】1：V5 【解析】 【分析】根据题意和勾股定理可以求得AC的长，从而可以解答本题. 【详解】如图所示，过点B作BC⊥AC, B 30° A ,自动扶梯AB长为15米，若扶梯顶端B到地面距离是7.5米， .AC=AB-BC2 =153 , BC_7.5V3 的坡度是AC15√53 =1:V5 该扶梯 AB 2 故答案为： 1:5 【点睛】本题考查解直角三角形的应用，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用锐 角三角函数和数形结合的思想解答， 14在-3，-2,1,2,3五个数中随机选取一个数作为二次函数’=a+4红-2中“的值，则该二次西 第11页/共36页 6学科网命组卷网 数图象开口向上的概率是 3 【答案】5 【解析】 【分析】当ā大于0时，该二次函数图象开口向上，根据这个性质利用简单概率计算公式可得解， 【详解】解：当a大于0时，二次函数y=a+4r-2图象开口向上， -3,-2,1,2,3中大于0的数有3个， 3 所以该二次函数图象开口向上的概率是5， 故答案为：5. 【点睛】本题考查了二次函数的性质和简单的概率计算，难度不大，是一道较好的中考题， 15已知m,n是方程+x-5=0的两个实数根，则m-n+2018 值为一 【答案】2024 【解析】 【分析】本题考查了一元二次方程的解，一元二次方程根与系数的关系，代数式求值，若，。是一元二 b 次方程ar2+br+c=0(ab,c为带数，且a≠0)的两个实数根，则+3=- a, a 根据题意得到m=5-m,m+n=,代入m-n+2018计算即可. 【详解】解：m,n是方程 x+x-5=0 的两个实数根， ∴.m2+m-5=0m+n=-1 ∴.m2=5-m 第12页/供36页 6学科网6组卷网 .m2-n+2018 =(5-m)-n+2018 =5-(m+n)+2018 =5+1+2018 =2024 故答案为：2024. 16如图，在边长为6的正六边形ABCDEF 中，以点F为圆心，以FB的长为半径作BD,剪下图中阴影 部分做一个圆锥的侧面，则这个圆锥的底面半径为 B 【答案】 【解析】 【分析】本题考查正多边形的性质，求圆锥的底面半径，先求出正六边形的一个内角的度数，进而求出扇 形的圆心角的度数，过点A作AG⊥BF,求出BF的长，再利用圆锥底面圆的周长等于扇形的弧长，进 行求解即可. 【详解】解：，正六边形ABCDEF, ∠BAF=∠AE=∠E=6-2180°=12 6 ，AB=AF=EF=DE=6, A∠AF8=∠A8F=080-120r)-30.∠EFD=∠BEDF=580-1209）=30° 第13页/共36页 6学科网 命组卷网 .∠BFD=120°-2×30°=60°， 过点A作AG1BF于点G,则：BF=2FG=2AF-c0s30°=2x6×V5 6V3 2 B 60π 2πr= 6V3 设圆锥的底面圆的半径为”，则： 180 :P=V3 故答案为： 17.如图， △ABC⊙O ∠OBC=28°m 是的内接三角形，若 则<As 【答案】62°拼62度 【解析】 【分析】本题考查了圆周角定理，等腰三角形的性质，三角形内角和定理，连接OC,利用等腰三角形的 性质，三角形内角和定理求出∠BOC的度数，然后利用圆周角定理求解即可. 【详解】解：连接OC, 第14页/供36页 6学科网组卷网 .OB=OC,∠OBC=28°， .∠OCB=∠OBC=28°， :.∠BOC=180°-∠OCB-∠OBC=124° A4=5<0c-6@ 故答案为：62° y= 18.如图，抛物线2 x2-4x+6 与y轴交于点A,与x轴交于点B,线段CD在抛物线的对称轴上移动 (点C在点D下方)，且CD=3.当AD+BC的值最小时，点C的坐标为 【答案】 (4,1 【解析】 第15页/共36页 命学科网 命组卷网 【分析】在y箱上取点E(0,3),证明四边形ABCD是平行四边形，得出AD=CE,利用抛物线的对称 性得出BC=CF,则AD+BC=CE+CF≥EF,当E、C、F三点共线时，AD+BC最小，利用待定系 数法求出直线EF解析式，然后把x=4代入，即可求出C的坐标. 【详解】解：少= =72-4x+6=0x-4-2 .对称轴为x=4, 如图，设抛物线与x轴另一个交点为F, B y=6 当X=0时， :4(0,6) 当y=0时， 0=x-4x+6 2 解得=2,2=6 :B(2,0).F(6,0) 在y轴上取点E(0,3),连接CE,CF,EF, 第16页/供36页 6学科网6组卷网 .AE=3=CD, .CD‖AE .四边形AECD是平行四边形， .AD=CE, ·抛物线对称轴为x=4, .BC=CF, .AD+BC=CE+CF≥EF, 当E、C、F三点共线时，AD+BC最小， 设直线EF y=kx+b 解析式为 [6k+b=0 .b=3 2 解得 b=3 2t+3 1 y= 当=4时，y= ×4+3=1 2 当1D+BC最小时，C的坐标为(4,1)， 故答案为： (4,1) 【点睛】本题考查了二次函数的性质，平行四边形的判定与性质，待定系数法求一次函数解析式，两点之 间线段最短等知识，明确题意，添加合适辅助线，构造平行四边形是解题的关键. 第17页/供36页 6学科网 命组卷网 三、解答题：本大题共8个小题，第19、20题每题6分，第21、22题每题8分，第23、24 题每题9分，第25、26题每题10分，共66分.解答时应写出必要的文字说明、演算步骤或 证明过程。 19计0，学+5-2os30-(-68y 【答案】3 【解析】 【分析】本题考查了实数的混合运算，先根据绝对值、零指数幂、负整数指数幂的意义，特殊角的三角函 值化简，再算加减即可， 【详解】解：原式=4+V5-V3-】 =3 20,关于x的一元二次方程-(2k-)x+k2+1= 有两个不相等的实数根X1,」 (1)求实数k的取值范围： (2)若方程的两实数根X1,满足+=一X,求k的值. 3 k<- 【答案】(1) (2)k=-2 【解析】 【分析】(1)利用判别式的意义得到A=(2k-少-4k2+)>0 然后解不等式即可； （2)根据根与系数的关系得到+=2k-1,=2+1 根据无+石=五，所以 第18页/共36页 命学科网命组卷网 2k-1=-(+）,然后解关于k的方程即可得到满足条件的人的值. 【小问1详解】 △=(2k-1)2-4(k2+1)>0 解：根据题意得 3 k<- 解得4； 【小问2详解】 x+为2=2k-1xx2=k2+1 k<-3 4 x+x2=2k-1<0 而=k2+1>0 .x<0x2<0 :+x=-5,即2k-1=-(k2+1) 解得k=0,k3=-2.2k-1=-(（k2+1) 3 k<- 而 4, ∴.k=-2 【点睛】本题考查了根与系数的关系：若×，是一元二次方程a+bx+c=0(a≠0)的两根时， b a,6 X1+X2=- a.也考查了判别式的值. 21.如图，在正方形ABCD中，点G是对角线BD上一点，CG的延长线交AB于点E,交DA的延长线 第19页/共36页 6学科网组卷网 于点F,连接AG B (1)求证：CG=AG: (2)求证： AB2=BE·DF 【答案】(1)详见解析 (2)详见解析 【解析】 【分析】本题考查相似三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质及正方形的性质，注意运用数形结 合的思想方法，从图形中寻找角之间的和差关系 (1)根据正方形的性质得到∠CDB=∠ADB=45°，AD=CD 从而利用全等三角形的判定定理推出 △ADG≌△CDG(SAS)）,进而利用全等三角形的性质进行证明即可： (2)根据正方形的性质得到CB∥DF，推出∠BCE=∠DFC,可利用相似三角形的判定定理即可得到 △BCE∽△DFC ;再根据相似三角形的性质进行求解即可. 【小问1详解】 证明：BD是正方形ABCD的对角线， ∴.∠CDB=∠ADB=45°DC=DA 在ACDG和△ADG中， 第20页/供36页 命学科网命组卷网 DC=DA ∠CDG=∠ADG DG=DG .△CDG≌△ADG(SAS) ∴.CG=AG 【小问2详解】 证明：四边形ABCD是正方形， ∴.∠CBE=∠FDC=90°CB=CD=ABCB∥DF ∴.∠BCE=∠DFC .∴△BCE∽△DFC CB FD BE DC, AB FD 即BEAB, ∴.AB2=BE·DF 22.拉杆箱是外出旅行常用工具.某种拉杆箱的示意图如图所示（滚轮忽略不计），箱体截面是矩形 BCDE BC 60cm BC 的长度为 ，两节可调节的拉杆长度相等，且与在同一条直线上.如图1，当拉杆 伸出一节(AB)时，AC与地面夹角∠ACG=53°，如图2，当拉杆伸出两节(AM,MB)时，AC 与地面夹角∠ACG=37°，两种情况下拉杆把手A点距离地面高度相同.求每节拉杆的长度.( snm-号g号m 4 4) 第21页/供36页 命学科网命组卷网 图1 图2 【答案】30cm, 【解析】 【分析】本题考查了解直角三角形在实际生活中的应用，具体涉及利用锐角三角函数求直角三角形的边长， 解题的关键是抓住两种情况下拉杆把手距离地面高度相等这一等量关系，建立方程求解 根据题意，设B=xcm 分两种情视计算出2和4八的 AO=AN 的长，利用 建立方程 (60+x)·sin53°=(60+2x)sin37° ,求出x值即可 【详解】解：如图1，过点A作401GC 垂足为Q. 设每节拉杆的长度为x厘米，则AB=xcm,AC=(x+60)cm sin∠ACG=sin53°=Ag_Ag AC 60+x, 所以40=sin53°.(60+) 如图2，过点4作4AN1GC,垂足为NA1C=(2x+60)cm G 图1 图2 sin∠ACG=sin37°=AW-AW 因 AC60+2x, 第22页/供36页 命学科网命组卷网 AN=sin37°.(60+2x) 所以 AO=AN 由题意得 in53°.(60+x)=sin37°.(60+2x) 则 解得x=30 故每节拉杆的长度为30cm. 23.中国新能源产业异军突起.中国车企在政策引导和支持下，瞄准纯电、混动和氢燃料等多元技术路线， 加大研发投入形成了领先的技术优势，2023年，中国新能源汽车产销量均突破900万辆，连续9年位居全 球第一，在某次汽车展览会上，工作人员随机抽取了部分参展人员进行了“我最喜欢的汽车类型”的调查 活动（每人限选其中一种类型），并将数据整理后，绘制成下面有待完成的统计表、条形统计图和扇形统 计图 百分 类型 数 比 纯电 54% 混动 a% 氢燃 3 b% 料 c% 油车 5 个人数 30 27 25 氢燃料 油车 20 10o 15 10 混动 纯电 5 5 3. 0 纯电混动氢燃料油车车型 请根据以上信息，解答下列问题： 第23页/共36页 6学科网 组卷网 (1)本次调查活动随机抽取了一人；表中a= ,b= (2)请补全条形统计图： (3)请计算扇形统计图中“混动”类所在扇形的圆心角的度数： (4)若此次汽车展览会的参展人员共有4000人，请你估计喜欢新能源（纯电、混动、氢燃料）汽车的有 多少人？ 【答案】(1)50：30,6 (2) 补全条形统计图如图所示： 个人数 30 27 25 20 15 15 (3) 5 3 0 纯电 混动氢燃料油车车型 108° (4)3600人 【解析】 【分析】本题考查统计表、条形统计图和扇形统计图的综合，理解题意，能从统计图中获取有用信息是解 答的关键， (1)用喜欢油车人数除以其所占的百分比可求得调查人数，用喜欢氢燃料人数除以调查人数可求得b,进 而用1减去喜欢其他车型所占的百分比可求解a: (2)先求得n,进而可补全条形统计图： (3)用360度乘以喜欢混动所占的百分比即可求解： (4)用总人数乘以样本中喜欢新能源汽车所占的百分比即可求解. 【小问1详解】 解：本次调查活动随机抽取人数为5÷10%=50（人）， b%=3÷50×100%=6%b=6 ,则 第24页/共36页 6学科网列组卷网 a%=1-54%-6%-10%=30%a=30 ,则 故答案为：50；30,6： 【小问2详解】 解：，n=50×30%=15, 【小问3详解】 解：扇形统计图中“混动”类所在扇形的圆心角的度数为360°×30%=108°： 【小问4详解】 解 4000×(54%+30%+6%)=3600(人). 答：估计喜欢新能源（纯电、混动、氢燃料）汽车的有3600人· 24.每年5月的第三个星期日为全国助残日，今年的主题是“科技助残，共享美好生活”，康宁公司新研 发了一批便携式轮椅计划在该月销售，根据市场调查，每辆轮椅盈利200元时，每天可售出60辆：单价每 降低10元，每天可多售出4辆.公司决定在成本不变的情况下降价销售，但每辆轮椅的利润不低于180元， 设每辆轮椅降价x元，每天的销售利润为y元. (1)求y与x的函数关系式；每辆轮椅降价多少元时，每天的销售利润最大？最大利润为多少元？ (2)全国助残日当天，公司共获得销售利润12160元，请问这天售出了多少辆轮椅？ 【814,1子：20+1200 每辆轮椅降价20元时，每天的利润最大，为12240元 (2)这天售出了64辆轮椅 【解析】 【分析】本题考查二次函数的实际应用，正确的列出函数关系式，是解题的关键： (1)根据总利润等于单件利润乘以销量，列出二次函数关系式，再根据二次函数的性质求最值即可： y=12160 (2)令 得到关于X的一元二次方程，进行求解即可 【小问1详解】 解由意，0：=(20-60+×4=号r+20r+1200 第25页/供36页 6学科网列组卷网 每辆轮椅的利润不低于180元， 200-x≥180 .x≤20 y=号+20r+120--2s旷+1250 ∴当x<25时，y随x的增大而增大， ÷当x=20时，每天的利润最大，为5×(20-25)+12250=1240 2 答：每辆轮椅降价20元时，每天的利润最大，为12240元： 【小问2详解】 当y=12160时， 2x2+20x+12000=12160 解得：x=10,七2=40 (不合题意，舍去)： 60x10 ×4=64 10 (辆)： 答：这天售出了64辆轮椅， 25.如图，AB是O0的直径，C是BD的中点，过点C作AD的垂线，垂足为点E B (1)求证：△ACE∽aABC: 第26页/供36页 6学科网 命组卷网 CE⊙O (2)求证： 是 的切线： (3)若4D=2CE.OA=V2 求阴影部分的面积. 【答案】(1) 证明：AB▣⊙0 是 的直径 .∠ACB=90°. 又.CE⊥AD, .∠AEC=90°， .∠ACB=∠AEC, C是BD的中点， :BC=DC .∠BAC=∠EAC, .△ACEP△ABC: (2) 证明：连接OC F D AI A B OA=OC, 第27页/供36页 6学科网可组卷网 .∠CAO=∠ACO, .∠BAC=∠EAC, .∠EAC=∠ACO. OC AE CE⊥AD .CE⊥OC, ..OC0 是 的半径， :CEa©0 是的切线： 3)3-1 1 【解析】 【分析】+(1)分别证明∠ACB=∠AEC,∠BAC=∠EAC,从而可得结论： (2)连接OC,证明∠E1C=∠4C0,可得OC‖4E ，再进一步可得结论： (3)连接DB、OD,证明四边形DECF是矩形，可得DF=EC,再证明AD=DB,可得 ∠D1B=∠DBA=45°，可得∠D0A=2∠DBA=90°，利用S影富分=S形400-S,00可得答案 【小问1详解】 略 【小问2详解】 略 【小问3详解】 第28页/供36页 6学科网 命组卷网 解：连接DB、OD D :ABg⊙0 是 的直径， .∠ADB=90°， .∠AEC=∠ECO=90°， .四边形DECF是矩形， .DF=EC, :OC是半径，C是BD的中点， ∴.DF=FB,OC⊥DB, 即DB=2DF=2EC, .AD=2CE. .AD=DB. .∠DAB=∠DBA=45° .∠DOA=2∠DBA=90°， 90°元x(21 ·S阴影部分=S扇形4OD一S。4OD 360 2 【点睛】本题主要考查了圆周角定理、切线的判定及扇形的面积公式，熟练地掌握相似三角形的判定和切 第29页/供36页 命学科网命组卷网 线的判定是解决本题的关键。 26如图，二次函数y=ar+br+c(a≠0)的图象与轴交于A、B两点，与轴相交于点C,连接AC、 BC,4、C两点的坐标分别为A(-3,0),C(0,V5).且当x=-4和x=2时二次函数的函数值y相等，点 M、N同时从B点出发，均以每秒1个单位长度的速度分别沿BA、BC边运动，其中一个点到达终点时， 另一点也随之停止运动.当运动时间为t秒时，连接MN,将△BMN沿MN翻折得到△PMN. N (1)求二次函数的解析式： (2)若点P恰好落在AC边上，求t的值及点P的坐标： (3)在点MN运动过程中，二次函数图象的对称轴上是否存在点Q,使得以B、P、Q为顶点的三角形 与△ABC相似？如果存在，请直接写出点P的坐标；如果不存在，请说明理由. 【答案】)y=-5-2 2x+V3 3 3 5 【解析】 【分析】1)先判断出抛物线的对称，从而可得到点B的坐标，设抛物线的解析式为少=(x+3(x-) 第30页/共36页 命学科网命组卷网 将C0,3)可求得a的值，从而可得到抛物线的解析式： (2)先求得OB、OC、OA的长，然后可得到∠CBO和∠CAB的度数，然后再证明△NMB、 △MP均为等边三角版，过点p作PD1x输，垂是为D:则DMPD= 4AD=4-3 子然 后依据an∠PAD= 3,列方程求解即可： ∠PBA=30° ∠PBQ=90°、∠QPB=90°、∠PQB=90° (3)先证明 然后分为 三种情况画出图形，然 后再利用特殊锐角三角函数值可求得点P的坐标。 【小问1详解】 解：，当x=-4和x=2时二次函数的函数值y相等， .抛物线的对称轴为x=-1, 又.A-3,0) :B(1,0) 设抛物线的解析式为y=a(c+3)(x-),将C(0,V5)代入得：-3a=V5, 解得as、 3, 抛物线的解标式为少=52V5 3 3x+3 【小问2详解】 解：B(1,0),C(0,5)A(-3,0), 第31页/供36页 学科网命组卷网 .0B=1,0C=3,0A=3 tan∠CB0=V5,tan∠C40= 3 ∴.∠CBO=60° BN BM, 又 ∴.△WMB 为等边三角形， 由翻折的性质可知△MNP为等边三角形， ∴.∠PMA=60° 如图所示：过点P作PD⊥x轴，垂足为D, y DMO B BM=PM=t DM=1,PD= 1 -t 2, AD=4-3 2 第32页/供36页 6学科网 命组卷网 2 4- t 3, 2 4 解得：15 【小问3详解】 由翻折的性质可知BP⊥MN, 又NB=MB, .PB平分∠BNM, ∴.∠PBA=30° 如图所示： y B M 当 ∠PBQ=90° 时 .∠PBA=30° 第33页/共36页 6学科网命组卷网 ∴.∠OBQ=60° .∠PQB=30° ∴.∠CAB=∠PQB,∠ACB=∠PBQ ∴.△ABC∽△QPB :0P=50B-2 3 3, ∠QPB=90°. 如图所示：当 DMO B ∴.∠QPB=∠ACB=90°∠PBQ=∠CAB=30° ∴△ACB∽△BPQ .∠PBQ=30° P0-5Q8=1 2 第34页/供36页 6学科网 命组卷网 9 如图所示：当<PQB=90 时， B .'∠PQB=∠ACB=90°∠PBQ=∠CAB=30° ∴.△ACB∽ABQP :∠PBQ=30° 308= .Po= 3, 可得QP=V3PB 2(m+1)=5.2 3(1-m) 解得m=0, 第35页/供36页 6学科网 6组卷网 如图，延长B 交对称轴于P,当OP1PB时△BPOACB,. 时 可得P（-2,5) 监上所，当P2t)2月、二次的猫布在 Q,使得以B、P、P为顶点的三角形与△16C 相似. 【点睛】本题主要考查的是二次函数的综合应用，解答本题主要应用了待定系数法求二次函数的解析式、 二次函数的性质、翻折的性质、相似三角形的判定，分类讨论是解题的关键. 第36页/共36页