2025年中考备考攻坚课程第四讲：填空题难点突破2：计算中的图形建构 教学设计

第四讲 中考填空题难点突破2： 《计算中的图形建构》教学设计 崔景晓 一、知识梳理 深圳市中考填空压轴题，承载着中考选拔和区分功能，考查功能由知识型向能力型转化，其主要特点是知识覆盖面广，综合性强，思维含量高且得分率低，具有较强的探索性、创新性和思考性。考题热点多设计为求线段长度、面积大小、线段比、面积比等几何综合题，纵观全国考题来看，热点还有最值问题或轨迹问题等。 主要知识点：图形三大变换的规律及性质，角平分线和线段垂直平分线性质、直角三角形判定与性质、全等和相似三角形的判定与性质、特殊四边形的判定与性质及圆的有关性质。 主要基本技能：几何直观想象能力，基本图形的分析与构造能力、复杂图形的解构能力，整合信息能力，逻辑推理能力，数学运算能力。 主要数学思想：数形结合思想、划归思想。 二、教学过程 模块一：熟练应用通法一题多解 模块一：典例精讲 例题1（2020•深圳）如图，在四边形ABCD中，AC与BD相交于O，∠ABC＝∠DAC＝90°，tan∠ACB，，则　 ． 图1 视角（一）：引入参数求解 ，求面积比 【解答】 解法1：解：如图2，过点D作DM∥BC，交CA的延长线于点M，延长BA交DM于点N， ∵DM∥BC，∴△ABC∽△ANM， △OBC∽△ODM， 图2 ∴tan∠ACB，， 又∵∠ABC＝∠DAC＝90°， ∴∠BAC+∠NAD＝90°， ∵∠BAC+∠BCA＝90°， ∴∠NAD＝∠BCA， ∴△ABC∽△DAN，∴， 设BC＝4a， 由得，DM＝3a， ∴AB＝2a，DNa，ANa， ∴NB＝AB+AN＝2aaa， ∴． 【解释】解法2：解释：如图3过点D作DE⊥BA延长线于E 则有△ADE∽△CAB，∴ ∠DAE＝∠ACB， 由tan∠ACB ∴tan∠DAE=tan∠ACB 设AB＝m，DE＝n， 则 BC= 2m, AE= 2n 由共边定理有 = ∴ ∴= 则 = == 图3 视角（二）巧用共边定理转化面积比为线段比 【解释】解法3：如图4过点B作BH⊥AC于H ∵ ∠AOD＝∠HOB, ∠AOD＝∠OHB=90°， ∴ △DOA∽△BOH ∴ 设AO＝3a，HO＝4a，则AH＝7a， ∵ tan∠ABH=tan∠ACB ∴ 图4 ∴ BH= 14 a CH=28a ∴ = 由共边定理得： == 【解释】解法4：如图4，由解法3可得： ，根据射影定理得： AB2= AH•AC，BC2= CH •AC ∴ 2=，设AO＝3a，HO＝4a，则AH＝7a，CH=28a 可得=，以下过程与解法3相同。 小结：本题通法（通性思维） 1、有条件∠ABC＝∠DAC，联想构建“一线三垂直”模型； 2、有条件，联想“X”相似模型； 3、有条件tan∠ACB，可以在含有∠ACB的RT△ABC中直接应用正切边角关系，也可以构造与该角相等的角来应用正切边角关系； 4、对于结论求的值，可以转化为求线段之比。 例题2：如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E，F分别是边AB BC的中点，连接EC，FD，点G，H分别是EC，FD的中点，连接GH，则GH的长度为 　　． 视角（一）：利用相似，直接求解 【解答】解法1：如图2，设DF，CE交于O， ∵四边形ABCD是正方形， 图1 ∴∠B＝∠DCF＝90°，BC＝CD＝AB， ∵点E，F分别是边AB，BC的中点， ∴BE＝CF，∴△CBE≌△DCF（SAS）， ∴CE＝DF，∠BCE＝∠CDF， ∵∠CDF+∠CFD＝90°， ∴∠BCE+∠CFD＝90°，∴∠COF＝90°， ∴DF⊥CE， ∴CE＝DF， 图2 ∵点G，H分别是EC，PC的中点，∴CG＝FH， ∵∠DCF＝90°，CO⊥DF， ∴∠DCO+∠FCO＝∠DCO+∠CDO＝90°， ∴∠FCO＝∠CDO，∵∠DCF＝∠COF＝90°， ∴△COF∽△DOC， ∴，∴CF2＝OF•DF， ∴OF，∴OH，OD， ∵∠COF＝∠COD＝90°， ∴△COF∽△DCF，∴， ∴OC2＝OF•OD，∴OC， ∴OG＝CG﹣OC， ∴HG1， 故答案为：1． 视角（二）：利用中点，构造中位线求解 【解答】解法2：如图3，连接CH并延长交AD于P，连接PE， ∵四边形ABCD是正方形， ∴∠A＝90°，AD∥BC，AB＝AD＝BC＝2， ∵E，F分别是边AB，BC的中点， ∴AE＝CF2， ∵AD∥BC， ∴∠DPH＝∠FCH， ∵∠DHP＝∠FHC， DH＝FH， 图3 ∴△PDH≌△CFH（AAS）， ∴PD＝CF， ∴AP＝AD﹣PD，∴PE2， ∵点G DF，H分别是EC，CP的中点，∴GHEP＝1； 这里构造中位线的方法也有多种，这里就不再赘述。 视角（三）：利用中点，构造全等求解 【解释】解法3：如图4， 连接FG，可得FG=BE=，且FG∥BE， 作GM⊥DC于点M，可得矩形GFCM，则CM=FG=，GM=CF=， 延长GH交CD于点P，可得△PHD≌△GHF ，则有DP= FG= 图4 GH=PH=PG，从而有PM= = GM ，且∠GMP==90° 进而得出PG=2，故有GH=1. 视角（四）：建立坐标系，利用两点间的距离 【解释】解法4：如图5 以B为坐标原点，BC、AB所在直线为坐标轴，建立平面直角坐标系，易得E（0， ），C（2 ，0），F（ ，0），D（2 ，2 ） 则EC中点G（，），DF中H（，），根据两点间距离公式，可以求得GH=1。 图5 本题求解方法还有多种，一题多解的方法不在多，而在于分析和整理，以及最终是否能形成自己的认知和智慧。 小结：本题通法（通性思维） 1、利用“等角证互余”得GH为直角三角形斜边，联想勾股定理直接求解； 2、有中点，联想中位线，构造中位线可以利用全等，也可以利用作平行线来解决； 3、有中点联想倍长过中点的线段，构造全等求解； 4、在正方形或矩形中，问题的解决往往构建平面直角坐标系，数形结合解决问题有很奇妙的收获。 模块一：跟进练习 1、四边形ABCD，∠ABC＝∠BAD＝90°，BC＝3AD＝3，CE⊥BD于E，连AE，若tan∠DEA，则AB＝　　． 2、如图，菱形ABCD的边长为4，∠BAD＝60°，过点B作BE⊥AB交CD于点E，连接AE，F为AE的中点，H为BE的中点，连接FH和CF，CF交BE于点G，则GF的长为 3、如图，四边形ABCD中，∠CAB＝90°，∠ADC＝∠ACB＝α，tanα，CD＝5，AD＝12，求BD的长为 ． 4、如图，正方形ABCD的边长为3，E为BC边上一点，BE＝1．将正方形沿GF折叠，使点A恰好与点E重合，连接AF，EF，GE，则四边形AGEF的面积为 5、在△ABC中，点E为AB中点，点D为△ABC上方一点，连接DE，DB，DE与AC边交于点F，DB与AC边交于点G，若，△DBE的面积为4，则△DFG的面积为 　　． 6、如图，在扇形OAB中，∠AOB＝60°，扇形半径为r，点C在上，CD⊥OA，垂足为D，当△OCD的面积最大时，的长为　　． 模块二：有效应用通法一题多变 模块二：变式学习 原题：如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E，F分别是边AB、BC的中点，连接EC，FD，点G，H分别是EC，FD的中点，连接GH，则GH的长度为 　 　． 变式1．如图，在边长为6等边△ABC 中，点E，F分别是边AB，BC上的点，且AE＝BF=2，连接EC，AF，点G，H分别是EC，FA的中点，连接GH，则GH的长度为 　 　 变式2．如图，菱形ABCD中，AB＝8，∠D＝60°；点F是CD的中点，点E是BC上一动点，连接AE，BF．G，H分别是AE，BF的中点，连接GH，则GH的最小值是 　 　． 变式3．如图，正方形ABCD的边长为4，点E，F分别为边BC，CD上一动点，且BE＝CF．连接AE，BF相交于点P，点G，H分别是AE，BF的中点，连接GH，点Q为GH的中点．点E从点B运动到点C的过程中，点P经过的路径长为 　 　，线段PQ扫过的面积为 　 　． 模块二：跟进练习 1．如图，在矩形ABCD中，AB＝6，BC＝10，点E，F分别是边AB，BC的中点，连接EC，FD，点G，H分别是EC，FD的中点，连接GH，则GH的长度为 　 　． 2．在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，D是BC中点，连接AD，过点C作CE⊥AD交AB于M．若AE＝4，CE＝2，则CM的长度为　 ． 3．在Rt△ABC中，四边形DECF为正方形，若AD＝5，DB＝6，则△ADE与△BDF的面积之和为　 　． 4．如图，已知等边三角形△ABC，点D，E分别在CA，CB的延长线上，且BE＝CD，F为BC的中点，FG⊥AB交DE于点G，FG＝4，则CD＝　　． 5．菱形ABCD的边长为8，E为BC的中点，AF平分∠EAD交CD于点F，过点F作FG∥AD，交AE于点G，若cosB，则FG的长为 　　． 6．如图，等边△ABC中，AB＝10，点E为高AD上的一动点，以BE为边作等边△BEF，连接DF，CF，则∠BCF＝　　，FB+FD的最小值为 　　． 模块三：综合应用通法多解归一 模块三：典例精讲 例题1：如图，矩形ABCD中，∠BAC＝60°，点E在AB上，且BE：AB＝1：3，点F在BC边上运动，以线段EF为斜边在点B的异侧作等腰直角三角形GEF，连接CG，当CG最小时，的值为 。 通法分析： 1、条件“矩形ABCD中，∠BAC＝60°”，联想矩形的有关性质，直角三角形30°角的边角关系； 2、条件“线段EF为斜边在点B的异侧作等腰直角三角形GEF”，联想∠ABC+∠EGF=90°得B，E，G，F四点共圆，连接BG可得∠GBF＝∠GEF=45°从而有点G在∠ABC的平分线上，当CG⊥BG时，CG最小。 3、此时，画出符合题意得图形，根据△BCG是以BC为斜边的等腰直角三角形，证明△EGB≌△FGC，可得BE＝CF，设AB＝m，根据BE：AB＝1：3，可得CF＝BEm，根据含30度角的直角三角形可得AD，进而可得结论． 解决本题的关键是准确进行图形建构，综合运用以上知识． 【解答】解：如图1，取EF的中点O，连接OB，OG，作射线BG， ∵四边形ABCD是矩形， ∴∠ABC＝90°， ∵O是EF的中点， ∴OB＝OE＝OF， ∵∠EGF＝90°，O是EF的中点， ∴OG＝OE＝OF， ∴OB＝OG＝OE＝OF， ∴B，E，G，F在以O为圆心的圆上， ∴∠EBG＝∠EFG， ∵∠EGF＝90°，EG＝FG， ∴∠GEF＝∠GFE＝45°， ∴∠EBG＝45°， ∴BG平分∠ABC， ∴点G在∠ABC的平分线上， ∴当CG⊥BG时，CG最小， 此时，如图2， ∵BG平分∠ABC， ∴∠ABG＝∠GBCABC＝45°， ∵CG⊥BG， ∴△BCG是以BC为斜边的等腰直角三角形，∠BGC＝90°， ∴BG＝CG， ∵∠EGF＝∠BGC＝90°， ∴∠EGF﹣∠BGF＝∠BGC﹣∠BGF， ∴∠EGB＝∠FGC， 在△EGB和△FGC中，， ∴△EGB≌△FGC（SAS）， ∴BE＝CF， ∵四边形ABCD是矩形，∴AD＝BC， 设AB＝m，∵BE：AB＝1：3， ∴CF＝BEm， 在Rt△ABC中，∠BAC＝60°， ∴∠ACB＝30°，∴AC＝2AB＝2m， ∴BCm，∴ADm，∴． 例题2：矩形ABCD中，∠ADB＝30°，Rt△AEF中，∠EAF＝90°，∠AFE＝30°，将Rt△AEF绕A旋转至图中位置，使得点F落在BD上，此时，则此时= ； 通法分析： 1、条件“矩形ABCD中，∠ADB＝30°”联想矩形性质及30°角直角三角形的边角关系； 2、条件“∠BAD=∠EAF＝90°，∠ADB=∠AFE＝30°”可以得， ∠BAD－∠BAF＝∠EAF－∠BAF，即∠FAD =∠ EAB 3、连接EB，△DAF∽△BAE，则有对应角相等； 4、由结论求的值，联想△MBE∽△MAF，“反8字”相似模型，设BE＝x，则DFx，得AFDF＝3x，得3； 熟练掌握旋转相似必成双的基本模型是解题的关键． 【解答】解：连接BE， ∵∠ADB＝∠AFE=30° ∴ ∵∠BAD＝∠EAF=90°，∴∠FAD=∠EAB=90°－∠BAF ∴△DAF∽△BAE， ∴=， ∠ADF＝∠ABE＝30°， ∵∠AF M＝30° ∴∠ABE=∠AF M 又∵∠BME＝∠FMA，∴△FMA∽△BME， ∴ 设BE＝x，则DFx， ∵，∴AFDF＝3x， ∴3； 例题2 变式引深：如图，Rt△ABC中，∠ACB＝90°，，D为AB上一点，H为AC上一点，∠ABC＝∠HDC，CB＝CD，则　 　． 通法分析： 1、条件“∠ABC＝∠HDC，CB＝CD”，联想“共顶点等线段作旋转”，可将Rt△ABC中的AC边绕点D顺时针旋转90°进行图形建构。即作CE⊥CD于C，交DH的延长线于E，CF⊥AB于F； 2、利用ASA证明△BCA≌△DCE，得∠A＝∠E，CE＝AC，得△ADH∽△ECH，得； 3、由于有条件 ，可以引入参数解决问题。 设AC＝CE＝4x，则BC＝3x，根据cosB，表示BF的长，从而解决问题．特别提醒，熟练掌握旋转相似必成双的基本模型是解题的关键． 【解答】解：作CE⊥CD于C，交DH的延长线于E，CF⊥AB于F， ∵∠B＝∠CDE，BC＝CD，∠BCA＝∠DCE， ∴△BCA≌△DCE（ASA）， ∴∠A＝∠E，CE＝AC， ∵∠AHD＝∠CHE， ∴△ADH∽△ECH， ∴， 设AC＝CE＝4x，则BC＝3x， 由勾股定理得，AB＝5x， ∴cosB， ∴BFBC， ∵CB＝CD，CF⊥BD， ∴BD＝2BF， ∴AD＝5x， ∴ 模块三：跟进练习 1．如图，在△ABD中，∠A＝90°，若BE＝mAC，CD＝mAB，连接BC、DE交于点F，则cos∠BFE的值为 　 　． 2．如图，在矩形ABCD中，点E为BC上一点，EB＝8，AB＝4，连接AE，将△ABE沿AE所在的直线翻折，得到△AB'E，B'E交AD于点F，将△AB'E沿B'E所在的直线翻折，得到△A'B'E，A'E交AD于点G，的值为 　 　． 3．已知Rt△ABC，∠ACB＝90°，BC＝10，AC＝20，点D为斜边中点，连接CD，将△BCD沿CD翻折得△B′CD，B′D交AC于点E，则的值为 4．如图，在正方形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，点E是OD的中点，连接CE并延长交AD于点G，将线段CE绕点C逆时针旋转90°得到CF，连接EF，点H为EF的中点．连接OH，则的值为 　 　． 5．如图，点P是正方形ABCD内一点，且点P到点A、B、C的距离分别为2、、4，则正方形ABCD的面积为　 　． 6．如图，已知矩形ABCD，点E为直线BD上的一个动点（点E不与点B重合），连接AE，以AE为一边构造矩形AEFG（A，E，F，G按逆时针方向排列），连接DG．当2时，连接BG，EG，分别取线段BG，EG的中点M，N，连接MN，MD，ND，若AB，∠AEB＝45°，则△MND的面积为 ． 学科网（北京）股份有限公司 $$