江西省上饶市广信区2024-2025学年九年级上学期期末物理试卷

2024-2025学年江西省上饶市广信区九年级（上）期末物理试卷 一、单选题：本大题共4小题，共8分。 1.“估测”是物理学中常用的重要方法。下列估测中，符合生活实际的是(    ) A. 两节新干电池串联的电压为4V B. 华为智能手机的电池电压最接近于100V C. 家用电饭锅的额定电流约为4A D. 实验室中所用导线的电阻约为 2.石墨烯：具有超强的硬度高于当今最硬的钻石、超强的导电性、非常好的热传导性能，在半导体、触摸屏、储能电池、显示器、传感器、航天、军工、复合材料、生物医药等领域将广泛应用。根据石墨烯的性质，你认为石墨烯不能用来制成(    ) A. 熔断器中的保险丝 B. 家里烹饪用的汤锅 C. 高压输电用的导线 D. 隧道据进机的钻头 3.某家庭电路的连接如图所示，下列说法正确的是(    ) A. a点所在的电源线是零线 B. 空气开关只能安装在b点处 C. c点所在的导线与大地相连 D. 和是串联的 4.如图所示，是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，滑片P向左移动，使静止在水平桌面的条形磁体滑动，打开门锁。下列说法正确的是(    ) A. 通电后电磁铁a端为S极 B. 滑片向左移动的过程中电磁铁的磁性增强 C. 条形磁体在滑动过程中受到向左的摩擦力 D. 条形磁体在滑动过程中受到的摩擦力变小 二、多选题：本大题共2小题，共6分。 5.如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合，将滑片P向右移动，关于电流表和电压表示数变化情况，以下说法正确的是(    ) A. 电流表示数变小 B. 电流表示数变大 C. 电压表示数变小 D. 电压表示数变大 6.天工开物、高列飞驰、神舟升空，这些千年华夏文明和现代科技彰显了我国的文化传承，下列说法正确的是(    ) A. 图甲：“赶稻及菽”中牛拉石碾与地面摩擦时石碾的内能增加 B. 图乙：“炒蒸油料”中同一灶台同时炒蒸提高能源利用的效率 C. 图丙：磁悬浮列车能够悬浮是利用了异名磁极相互排斥的原理 D. 图丁：运载火箭一般用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大 三、填空题：本大题共8小题，共16分。 7.中国的茶文化在古代已名扬世界。泡一杯庐山云雾茶，我们能闻到淡淡的茶香，这属于______现象；用开水泡茶出茶色更快，这是因为分子的热运动快慢与______有关。 8.东汉学者王充在《论衡乱龙》中记录了“顿牟掇芥”，“顿牟掇芥”的意思是摩擦过的琥珀能吸引芥菜子一类的轻小物体。琥珀和与毛皮摩擦过的橡胶棒相互排斥，可以确定琥珀带的是______电荷，琥珀在摩擦过程中______选填“得到”或“失去”电子。 9.生活中常用干电池作为______，它是提供电压的装置，电压是电路中形成______的原因。 10.如图所示，三个电阻、、的阻值均相同，开关断开、开关掷到1，电流表与电流表的示数之比为______；当开关闭合、开关掷到2时，电流表与电流表的示数之比为______。 11.在大力倡导节能环保、践行低碳生活的新时代，新能源汽车越来越普及。其中新能源电动汽车中的电动机利用通电线圈在______中受力转动，把______能转化为机械能，从而驱动汽车行驶。 12.《梦溪笔谈》中有对“缕悬法”的描述，以独根蚕丝作悬线，悬线的一端用蜡粘结磁针中部，另一端悬挂于木架上，静止时，磁针两端指南北方向。“缕悬法”中磁针之所以指南北，是因为磁针受到______的作用。书中另有对“海市”奇景的记载，在登州的海上，有时空中会出现清晰可见的宫殿居室、台阁景观等景象。“海市”奇景是由于光在不均匀的空气中发生______形成的。 13.2024年4月30日17时46分，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。在整个返回过程中宇航员可以通过______选填“超声波”或“电磁波”与地面指挥中心取得联系，返回舱在通过大气层的过程中，与大气层发生剧烈摩擦，通过______选填“热传递”或“做功”的方法增大了返回舱的内能。 14.如图所示，将规格相同的小灯泡按照甲、乙两种连接方式接入电压均为U且保持不变的电路中，通过分别调节滑动变阻器和使所有灯泡均正常发光，则甲、乙两电路中的总电流之比：______，电路的总功率之比：______。 四、实验探究题：本大题共4小题，共28分。 15.亲爱的同学，请你应用所学的物理知识解答下列问题。 用调好的托盘天平测量某物体的质量。当天平横梁恢复平衡时，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图1所示，该物体的质量为______ g，该天平标尺的分度值为______ g。 用电流表和电压表测量未知电阻的实验步骤如下： ①请你从图4中选出实验的正确电路图______。选填A或 ②闭合开关前，发现电压表指针如图2所示，应先对其进行______。 ③检查电路无误后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电流表、电压表指针分别如图3甲、乙所示，此时电流表示数为______ A，电压表示数为______ V，电阻为______。 ④调节滑动变阻器的滑片，进行多次实验。 ⑤对相关数据进行处理，得出结果。 16.在探究比热容和热值大小的实验中，如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯中两种液体的密度不同。 在烧杯中分别装入______相等的两种液体选填“质量”或“体积”； 若要比较不同物质的吸热本领： ①应选择______两图进行实验； ②该实验是通过比较______来间接反映液体吸收热量的多少选填“升高的温度”或“加热时间”； ③冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质使用过程中温度不容易降低，由图丁可知，应选择______或者，若该种液体为水，则另一种液体的比热容是______。[已知水的比热容为 若要比较不同燃料的热值： 应选择______两图进行实验；为了比较燃料1和燃料2的热值，应该在燃料完全燃烧后，通过比较______来得出结论选填“温度计示数的变化量”或“加热时间”。 17.【探究名称】探究保温瓶的保温效果与什么因素有关 【问题】有些同学喜欢用保温瓶带热水到校饮用。使用过程中发现瓶内装水较多时，保温效果较好；瓶内装水较少时，保温效果较差。据此，同学们猜想：保温瓶的保温效果可能与______有关。 【证据】针对同学们的猜想，甲、乙两组同学分别设计了一套方案。 甲组方案：利用五个规格相同的保温瓶容积为在同一天进行实验 上午8：00将不同体积初温为的热水，同时装入五个保温瓶内； 下午6：00打开五个保温瓶，同时测量并记录水温，计算出水降低的温度。 乙组方案：利用同一保温瓶容积为分五天进行实验 每天上午8：00将不同体积初温为的热水装入同一保温瓶内； 每天下午6：00打开保温瓶，测量并记录水温，计算出水降低的温度。 上述两套方案，都能控制实验时保温瓶的保温性能完全相同，但乙组方案不能保证每天的______完全相同。所以，同学们选择了甲组方案在实验室进行实验。收集的数据如下表： 水的初温： 保温瓶编号 ① ② ③ ④ ⑤ 水的体积 水的末温 水降低的温度 【解释】 本实验通过相同时间内______来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法。 分析实验数据可以得出初步结论：在其它条件相同的情况下，水量少于时，水量越多，其保温效果越______；水量在时，水量越少，其保温效果越好。 【交流】 经过讨论，同学们认为水量在范围内的初步结论不一定可靠，原因是______。 实验过程中，水温下降是通过______的方式改变其内能。 下列实验中也用到转换法的是______。 A.探究真空不能传声 B.研究光的传播时引入光线 C.探究平面镜成像特点时，用两支相同的蜡烛来比较像与物的大小关系 D.探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能的大小 18.如图15甲所示为“测量小灯泡电功率”的实验装置，已知小灯泡标有字样。 请用笔画线代替导线，在图甲中将实验电路连接完整要求：滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变亮； 在检查电路无误后进行实验，当电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡正常发光的电功率，应将滑动变阻器的滑片P向______选填“A”或“B”端移动，同时眼睛注意观察______选填“电压表”、“电流表”或“灯泡”，直至灯泡正常发光； 通过移动滑动变阻器的滑片P，进行多次测量记录数据，并绘制图象如图丙所示，由此可得小灯泡正常发光时的功率是______ W； 根据图丙可知小灯泡的电阻是______选填“变化”或“不变”，你认为原因是______； 根据小灯泡的图象和观察到的亮度变化，还可以发现______。 五、计算题：本大题共3小题，共22分。 19.如图所示，电源两端电压为24V，电阻R为。 只闭合开关S，求通过电阻R的电流； 同时闭合开关S、，若通过干路的电流为，求通过电阻的电流和电阻的阻值。 20.如图所示，某同学用燃气灶烧水给餐具消毒。已知密闭锅内水的质量为5kg，水的初温为，当水刚好烧开时，共消耗了的天然气，该燃气灶烧水的热效率为。[水的比热容为，天然气的热值为求： 的天然气完全燃烧所放出的热量； 以上过程中，水吸收的热量； 密闭的锅内水烧开时的温度。 21.冬天打出来的果汁太凉，不宜直接饮用。如图所示，是小丽制作的“能加热的榨汁杯”及其内部电路简化结构示意图，该榨汁杯的部分参数如表所示。求： 榨汁杯部分参数表 额定电压 220V 加热功率 300W 保温功率 80W 榨汁功率 66W 容量 300mL 仅榨汁时的正常工作电流； 的阻值； 已知该榨汁杯正常工作时的加热效率为，给杯子盛满果汁并加热，使其温度升高，需要加热多长时间。 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：两节新干电池串联的电压为3V，故A不符合题意； B.华为智能手机的电池电压通常是在左右，充电电压不高于，远小于100V。故B不符合题意。 C.家用电饭锅的功率通常较大，一般在800W到1200W之间。考虑到家庭电路的电压是220V，我们可以使用公式来估测电饭锅的额定电流。以900W为例，计算得： ，故C符合题意。 D.实验室中所用导线的电阻很小，接近为零，故D不符合题意。 故选：C。 根据常见的电压、电流和电阻值进行估测。 本题考查的是常见电压、电流、电阻的估测，属于基础性题目。 2.【答案】A  【解析】解：A、石墨烯的熔点超过，所以不能做保险丝，A符合题意； B、石墨烯薄、坚硬，导热性好，可以做家里烹饪用的汤锅，B不符合题意； C、石墨烯具有优良的导电性，所以可以用来制成高压输电用的导线，C不符合题意； D、石墨烯是目前世界上最薄、最坚硬的纳米材料，所以可以做隧道掘进机的钻头，D不符合题意。 故选：A。 根据石墨烯的导热性、导电性、熔点高、硬度大几个特点结合选项进行分析。 本题是一道典型的实际生活问题，考查了材料的特点及材料在生活中的应用，这也充分体现了“从生活走向物理，从物理走向社会”的理念。 3.【答案】C  【解析】解：A、根据图示可知，灯泡的开关接在了灯泡与a之间，所以a为火线，故A错误； B、为了用电的安全，空气开关应接在火线上，即接在a线上，故B错误； C、三孔插座的上孔接地线，所以c点所在的导线与大地相连，故C正确； D、根据图示可知，和是并联的，工作时互不影响，故D错误。 故选：C。 根据开关的连接方式分析导线的类型；在家庭电路中，开关应该接在火线与用电器之间； 空气开关应接在火线上； 三孔插座的上孔接地线； 家庭电路中的用电器是并联的。 本题考查了家庭电路的连接方式，属于基础题。 4.【答案】B  【解析】解：A、电流从左端流入，右端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的a端是N极，故A错误； B、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电阻变小，电流变大，故电磁铁的磁性变强，故B正确； C、电磁铁的右端S极，根据异名磁极相互排吸的特点可知，条形磁体受到向左的吸引力，条形磁体向左滑动，条形磁体A受到水平桌面的向右的摩擦力，故C错误； D、压力大小和接触面的粗糙程度不变，因此条形磁体在滑动过程中受到的摩擦力不变，故D错误； 故选：B。 根据安培定则分析； 摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度； 同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引； 物体受到摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势的方向相反。 本题考查静摩擦力的大小和方向的判断、磁极间的相互作用、二力平衡条件的应用，抓住关键：摩擦力大小始终等于磁体之间的相互作用力的大小。 5.【答案】AD  【解析】解：由图可知，定值电阻与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压。将滑片P向右移动时，R接入的阻值变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，由可知，两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变大，即电流表示数变小，电压表示数变大，故AD正确、BC错误。 故选：AD。 由图可知，定值电阻与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压。将滑片P向右移动时，R接入的阻值变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变化及两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变化。 本题考查串联电路特点和欧姆定律的应用，难度适中。 6.【答案】ABD  【解析】解：A、图甲：“赶稻及菽”中牛拉石碾与地面摩擦时生热，使其内能增加，故A正确； B、图乙：“炒蒸油料”中同一灶台同时炒蒸提高能源利用的效率，故B正确； C.图丙：磁悬浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥的原理，故C错误； D.图丁：运载火箭一般用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大，故D正确。 故选：ABD。 改变物体内能的方式有做功和热传递； 同一灶台同时炒蒸提高能源利用的效率； 同名磁极相互排斥； 液态氢的热值大。 本题考查了惯性、力的相互作用、相互作用力和平衡力区别、改变物体内能的方式等知识，属于综合题，总体难度不大。 7.【答案】扩散  温度  【解析】解：泡一杯庐山云雾茶，我们能闻到淡淡的茶香，这属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 分子的无规则运动快慢与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，扩散进行的越快，因此用开水泡茶出茶色更快。 故答案为：扩散；温度。 不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。 本题考查了分子的热运动，属于基础题。 8.【答案】负  得到  【解析】解：因为毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，而摩擦过的琥珀与其相互排斥，所以可以确定琥珀带的是负电荷；在摩擦过程中，琥珀因得到电子而带负电荷。 故答案为：负；得到。 摩擦起电的实质是电子的转移；同种电荷相互排斥。 本题考查了摩擦起电的实质、属于基础题。 9.【答案】电源  电流  【解析】解：电源是提供电能的装置，将其他形式的能转化为电能；电压是电路中形成电流的原因。 故答案为：电源；电流。 理解电压、电流、电源； 本题考查对电压电流的理解，是一道基础题。 10.【答案】1：1  2：1  【解析】解：开关断开、开关掷到1，和串联，串联电路电流处处相等，所以电流表与电流表的示数之比为1：1； 当开关闭合、开关掷到2时，与并联，测干路电流，测的电流，三个电阻、、的阻值均相同，所以得示数等于示数的2倍，所以电流表与电流表的示数之比2：1。 故答案为：1：1；2：1。 开关断开、开关掷到1，和串联；当开关闭合、开关掷到2时，与并联。 必须掌握串并联电路的电流特点。 11.【答案】磁场  电能  【解析】解：新能源汽车中的电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，电动机工作时消耗了电能，故其能量转化是电能转化为机械能。 故答案为：磁场、电能。 电动机是消耗电能的，其原理是通电线圈在磁场里受力转动。 本题主要考查学生对电动机原理的了解和掌握，是一道基础题。 12.【答案】地磁场  折射  【解析】解： 地理的北极在地磁的南极附近，地理的南极在地磁的北极附近。同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，磁场会对放入其中的磁体产生力的作用，即地磁场作用。 “海市”奇景是由于光在不均匀的空气中发生折射形成的。 故答案为：地磁场；折射。 地理的北极在地磁的南极附近，地理的南极在地磁的北极附近。同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，磁场会对放入其中的磁体产生力的作用，即地磁场作用。 本题考查地磁场作用和光的折射基本概念。 13.【答案】电磁波  做功  【解析】解：电磁波不需要介质就可以在空间中传播，电磁波可以传递信息，因此在整个返回过程中宇航员可以通过电磁波与地面指挥中心取得联系。 返回舱在通过大气层的过程中，外壳与空气剧烈摩擦，此过程克服摩擦做功，机械能转化为内能，从而使火箭外壳温度升高，内能增大，通过做功方式改变物体的内能。 故答案为：电磁波；做功。 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。注意对比，通常听到的声音是通过空气这种介质传播的。 知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。 本题考查了改变内能的两种方式和电磁波的运用，属于基础题。 14.【答案】2：1   2：1  【解析】解： 由题知，甲乙两图中小灯泡规格相同，且两电路中灯泡都正常发光，若灯泡正常发光时的电流为I， 甲图中两灯并联后与变阻器串联，所以干路电流， 乙图中两灯以及变阻器串联，所以电路中电流， 所以：：：1； 两电路的电源电压相等，由可得电路的总功率之比： ：：：：1。 故答案为：2：1；2：1。 灯泡规格相同，两图中灯泡都正确发光，由串联和并联电路的电流特点可得电路的总电流比；由可得电路消耗总功率比。 本题考查了串联和并联电路的电流特点以及电功率公式的应用，知道规格相同的灯泡正常工作时电流相等，正确分析电路的连接方式是解题的关键。 15.【答案】6    A  调零      5  【解析】解：右盘砝码质量5g，游码所对刻度值1g，所以被测物体质量6g；标尺上一个大格表示1g，一个大格分成5个小格，所以，分度值为； 伏安法测量未知电阻的电路图，电压表与待测电阻并联，电流表与待测电阻串联，故选A； 电压表正确使用，测量前一定观察表针是否归零，指针没有归零，要先调零；根据表针位置，读出电流表读数为，电压表读数为，根据欧姆定律可得待测电阻的阻值为。 故答案为：；；①A；②调零；③；；5。 天平读数时要注意观察标尺上的分度值； 用伏安法测量未知电阻的电路图，电压表与待测电阻并联，电流表与待测电阻串联，共有七种器材；电压表正确使用，测量前一定观察表针是否归零；电压表、电流表读数，注意观察分度值，根据欧姆定律计算待测电阻的阻值。 本题考查欧姆定律的简单运用，天平的使用，电流表和电压表的使用，是初中物理实验的基本要求。 16.【答案】质量  甲、丙  加热时间  B    甲、乙  温度计示数的变化量  【解析】解： 根据控制变量法可知，为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间判断两种比热容的大小关系；因此在烧杯中分别装入质量相等的两种液体； ①为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，因此选择甲和丙两图进行实验； ②该实验是通过比较加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，相同时间内，两种液体吸收的热量相同，这是转换法的应用； ③因质量相等、初温相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，B加热时间长，吸热多，B的吸热能力强，比热容大，根据，质量相同的A、B液体降低相同的温度，B放热多，效果好，故选B； 由于水的比热容较大，所以B为水，根据，在质量和升高温度相同的情况下，吸收的热量与比热容成正比，由图丁可知，升高相同的温度从升高到，A的加热时间是，B的加热时间是，B吸收的热量是A吸收热量的两倍，则A的比热容为水的比热容的一半，即A液体的比热容为： ； 为了比较不同燃料的热值大小，根据控制变量法，要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，因此选择甲和乙两图进行实验； 根据分析可知，为了比较燃料1和燃料2的热值，应该在燃料完全燃烧后，通过比较温度计示数的变化量来得出结论。 故答案为： 质量； 甲、丙；加热时间；B；； 甲、乙；温度计示数的变化量。 根据控制变量法可知，为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同； ①为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系； ②该实验是通过比较加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，相同时间内，两种液体吸收的热量相同； ③因质量相等、初温相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，B加热时间长，吸热多，B的吸热能力强，比热容大，根据，质量相同的A、B液体降低相同的温度，B放热多，效果好； 由于水的比热容较大，所以B为水，根据，在质量和升高温度相同的情况下，吸收的热量与比热容成正比，由图丁可知，升高相同的温度从升高到，A的加热时间是，B的加热时间是，B吸收的热量是A吸收热量的两倍； 为了比较不同燃料的热值大小，根据控制变量法，要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小； 本题考查物质的吸热能力，燃料的热值，实验操作能力，热量的计算。 17.【答案】水的体积  环境温度  水降低的温度  好  一次实验得出的结论具有偶然性  热传递  D  【解析】解：【问题】根据控制变量法分析实验方案可知同学们猜想是保温瓶的保温效果可能与水的体积有关； 【证据】乙组分五天进行实验，乙组方案不能保证每天的环境温度完全相同； 【解释】 本实验通过相同时间内水降低的温度来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法。 分析实验数据可以得出初步结论：在其它条件相同的情况下，水量少于时，水量越多，其保温效果越好；水量在时，水量越少，其保温效果越好。 【交流】 经过讨论，同学们认为水量在范围内的初步结论不一定可靠，原因是一次实验得出的结论具有偶然性； 实验过程中，水温下降是通过热传递的方式改变其内能； 探究真空不能传声，采用推理法； B.研究光的传播时引入光线，采用模型法； C.探究平面镜成像特点时，用两支相同的蜡烛来比较像与物的大小关系，采用等效代替法； D.探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能的大小，采用转换法， 故选：D。 故答案为：水的体积；环境温度；水降低的温度；好；一次实验得出的结论具有偶然性；热传递；D。 【问题】根据控制变量法分析实验方案可知同学们猜想是保温瓶的保温效果可能与水的体积有关； 【证据】乙组方案不能保证每天的环境温度完全相同； 【解释】 本实验通过相同时间内水降低的温度来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法； 分析实验数据可以得出初步结论； 【交流】 一次实验得出的结论具有偶然性； 改变内能的方式有做功和热传递； 探究真空不能传声，采用推理法； B.研究光的传播时引入光线，采用模型法； C.探究平面镜成像特点时，用两支相同的蜡烛来比较像与物的大小关系，采用等效代替法； D.探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能的大小，采用转换法 本题考查控制变量法在实验中的运用以及学生分析实验数据的能力。 18.【答案】B  电压表    变化  灯丝电阻受温度的影响  灯泡消耗的功率越大，灯泡越亮  【解析】解：滑动变阻器的接线柱要“一上一下”接入电路，因为要求滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变亮，电路中的电阻变小，电流变大，故右下接线柱应接入电路，如图所示： ； 故障排除后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值，其示数为，小于灯泡额定电压，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片P向B移动，同时眼睛观察电压表示数直至此表示数为时停止移动，记录数据； 由图丙可知，当灯泡两端电压为时，通过灯泡的额定电流为，则小灯泡正常发光时的功率为：； 灯丝的电阻与温度有关，随温度的升高而增大，不同温度下灯丝的电阻不同； 由图丙知，通过灯的电流随电压的增大而增大，根据，灯丝的功率增大，亮度增大，因此灯泡消耗的功率越大，灯泡越亮。 故答案为：见解析；；电压表；；变化；灯丝电阻受温度的影响；灯泡消耗的功率越大，灯泡越亮。 实验中需要测量小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，故需要将电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，滑动变阻器采用一上一下的连接方式串联在电路中，根据当滑动变阻器的滑片向右移动时电路中的电流增大分析接入变阻器的下接线柱； 根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向，同时眼睛观察电压表示数直至此表示数为时停止移动，记录数据； 根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用求出小灯泡正常发光时的功率； 根据图丙分析结论和原因； 分析电功率与灯泡亮度的关系。 本题考查了测小灯泡电功率的实验，涉及电路的连接、数据的分析等多个方面。 19.【答案】解：当只闭合开关S，只有电阻R串联在电路中，，，由欧姆定律求的通过电阻R的电流； 同时闭合开关S、，R和并联，若通过干路的电流为，根据并联电路电压和电流规律可得两端的电压，，通过的电流；由欧姆定律的的阻值为。 故答案为：；；。  【解析】当只闭合开关S，电路中只有电路R串联在电路中，当闭合开关S和时，电路中R和并联； 纸币和开关S时，利用欧姆定律求通过电阻R的电流； 同时闭合开关S、时，利用并联电路电流规律及欧姆定律求电阻的电流和电阻的阻值。 本题考查了并联电路电流和电压规律以及欧姆定律的应用，是一道基础计算题。 20.【答案】解： 的天然气完全燃烧放出的热量：； 水吸收的热量：； 根据可知，密闭的锅内水烧开时的温度为：。 答：的天然气完全燃烧所放出的热量为； 以上过程中，水吸收的热量为； 密闭的锅内水烧开时的温度为。  【解析】利用求天然气完全燃烧放出的热量； 根据效率公式求出水吸收的热量； 利用吸热公式求出水的末温。 本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式、吸热公式、效率公式的应用，属于基础题目。 21.【答案】解： 由可得，仅榨汁时的正常工作电流： ； 由电路图可知，只闭合时，电路为的简单电路，电路的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态， 同时闭合、时，与并联，电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，的电功率： ， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，由可得，的阻值： ； 给杯子盛满果汁时果汁的体积： ， 由可得，果汁的质量： ， 果汁吸收的热量： ， 由可得，榨汁杯消耗的电能： ， 由可得，需要的加热时间： 。 答：仅榨汁时的正常工作电流为； 的阻值为； 给杯子盛满果汁并加热，使其温度升高，需要加热160s。  【解析】根据表格数据可知榨汁功率，根据求出仅榨汁时的正常工作电流； 由电路图可知，只闭合时，电路为的简单电路，电路的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态；同时闭合、时，与并联，电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，的电功率等于加热功率减去保温功率，根据并联电路的电压特点和求出的阻值； 根据求出给杯子盛满果汁时果汁的质量，利用求出果汁吸收的热量，再根据求出榨汁杯消耗的电能，最后根据求出需要的加热时间。 本题考查了电功率公式和密度公式、吸热公式、效率公式、电功公式的综合应用，正确判断出榨汁杯处于不同状态时电路的连接方式是关键。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$