精品解析：2025年上海市中考虹口区物理化学一模试卷-初中物理

虹口区2024学年度初三年级第一次学生学习能力诊断练习 综合练习练习卷 物理部分 2025.1 注意： 1．本场练习时间120分钟，练习卷共11页，满分135分。 2．作答前，在答题纸指定位置填写姓名、学校、班级。将核对后的条形码贴在答题纸指定位置。 3．所有作答务必填涂或书写在答题纸上与练习卷题号对应的区域，不得错位。在练习卷上作答一律不得分。 4．选择题和作图题用2B铅笔作答，其余题型用黑色字迹钢笔、水笔或圆珠笔作答。 一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项） 1. 书包背带做得较宽是为了（　　） A. 减小压强 B. 增大压强 C. 减小压力 D. 增大压力 2. 冰熔化成水后（ρ冰=0.9×103千克/米3）（　　） A 质量变大，体积不变 B. 质量变小，体积不变 C. 质量不变，体积变大 D. 质量不变，体积变小 3. 下列器材中，利用大气压强工作的是（　　） A. 脱排油烟机 B. 血压计 C. 密度计 D. 液位计 4 通过实验研究得出“通过导体的电流与导体两端电压关系”的科学家是（　　） A. 安培 B. 伏特 C. 库仑 D. 欧姆 5. 在下图所示电路中，闭合开关S1，两个电表均有示数，下列操作能使电压表V2示数与电压表V1示数比值变大的是（　　） A. 向左移动滑片P B. 用阻值大于R1的电阻R0替换R1 C. 减小电源电压 D. 闭合开关S2 6. 如图所示，两个相同的柱形容器置于水平地面上，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，A、B两个体积相同的实心小球分别静止在两液体中，容器对地面的压强为p甲、p乙、现将两个小球取出，两液体对容器底部的压强相等，则（　　） A. 大于，p甲大于p乙 B. 大于，p甲小于p乙 C. 小于，p甲大于p乙 D. 小于，p甲小于p乙 二、填空题（本大题共7题，共23分） 7. 上海地区家庭电路中，节能灯、空调正常工作的电压为______伏，它们是______的（选填“串联”或“并联”），工作时通过节能灯的电流______通过空调的电流（选填“大于”“等于”或“小于”）。 8. 如图（a）所示，建造水电站时要在河道中修筑大坝。如图（b）所示，大坝的下部应当比上部更为厚实，主要原因是水的压强随______的增大而增大；为了估算建造大坝所需混凝土的质量可应用______知识；如图（c）所示，大坝边上的船闸是______应用的实例。 9. 如图所示，重为4牛的物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为3牛，则物块所受浮力的大小为______牛，方向为______；将物体继续向下移动，则物体所受浮力______（选填“增大”“不变”或“减小”）。 10. 当某导体两端的电压为6伏时，10秒内通过导体横截面的电荷量为3库，则通过该导体的电流为______安，导体的电阻为______欧。如果该导体两端的电压为3伏时，导体的电阻为______欧。 11. 电阻R1的阻值为5欧，R2的阻值为10欧。若将它们串联，则总电阻为______欧；若将它们并联，则总电阻______5欧（选填“大于”“等于”或“小于”），通过R1的电流与通过R2的电流之比为______。 12. 在图所示的电路中，电源电压保持不变。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1、R2上、现在“a”处或“b”处接入一个电表，通过必要的操作，均能判断故障。小虹认为可接入一个电流表，小唐认为可接入一个电压表。 （1）你认为______的方案是可行的； A. 小虹 B. 小唐 （2）选择方案后，当电表接入“b”处时，请写出必要的操作、电表示数的变化情况及其对应的故障。______ 13. 资料显示，海水的密度与深度、温度等因素有关。不同海域海水密度随深度变化的情况不尽相同，图（a）为某热带海域海水密度随深度变化的图像，潜艇在此海域通常能安全航行。但有时海水密度会突然发生变化，形成“海中断崖”的现象，如图（b）所示，一旦潜艇遇到该现象，其运动状态会发生急速改变，可能引发灾难性事故。 （1）如图（a）所示，该热带海域0～1000米深度内，海水密度随深度的增大而______（选填“增大”或“减小”）。 （2）如图（b）所示，现有一艘潜艇在高密度水层水平航行，当它驶入低密度水层时，会突然______（选填“上升”或“下降”）。结合所学知识，指出该潜艇运动状态发生改变原因，并写出分析过程：______。 三、作图题（本大题共2题，共5分） 14. 如图所示，重为8牛的物体静止在水平地面上。请用力的图示法画出物体对地面的压力F。 15. 在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大。 四、综合题（本大题共5题，共30分） 16. 物体排开水的体积为4×10-3米3，求物体受到浮力F浮的大小。 17. 下图为中国科技馆陈列的神舟一号返回舱。若其质量为3×103千克，与水平展台的接触面积为3米2。求它对展台的压力F和压强p。 18. 在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“50Ω”字样。闭合开关S，电流表的示数为0.4安，电流表、电压表的表盘如图（b）（c）所示。 （1）求R1两端的电压U1。 （2）移动滑片P，在电路安全工作的前提下，电压表的最大示数为10伏，最小示数为2伏。求： （a）电源电压U。 （b）允许通过滑动变阻器的最大电流。 19. 如图所示，薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，甲的底面积为2×10-2米2，盛有质量为2.2千克的水。实心圆柱体乙漂浮在水面上，其质量为0.8千克，底面积为1×10-2米2，高为0.1米。 （1）求乙的密度ρ乙； （2）求此时水对容器底部的压强p水； （3）现从容器内抽水，每次抽出水质量为0.5千克，水对容器底部的压强大小如下表所示。（此过程中乙始终保持竖直） 抽水次数 水对容器底部的压强（帕） 第一次 1225 第二次 980 第三次 686 （a）第几次抽水过程中乙会沉底？说明理由______； （b）求第四次抽水后，水对容器底部压力F水′______。 20. 小虹和小唐做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有两个滑动变阻器（分别标有“5Ω 3A”“20Ω 2A”字样），其余实验器材均相同。他们分别选择其中一个变阻器与电源（电压未知且保持不变）、待测电阻、电流表、开关串联。小虹将电压表并联在待测电阻两端，移动变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关后，观察到电压表的示数如图所示。小唐将电压表并联在电路中，将测得的三组数据记录在下表中、他们交流数据后，共同得出了实验结果。 实验序号 电压U（伏） 电流I（安） 1 3.0 0.16 2 2.5 0.20 3 1.5 0.30 （1）通过计算判断小唐实验时使用滑动变阻器的规格。 （2）计算电源电压U。 （3）计算待测电阻Rx的阻值（精确到0.1欧）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 虹口区2024学年度初三年级第一次学生学习能力诊断练习 综合练习练习卷 物理部分 2025.1 注意： 1．本场练习时间120分钟，练习卷共11页，满分135分。 2．作答前，在答题纸指定位置填写姓名、学校、班级。将核对后的条形码贴在答题纸指定位置。 3．所有作答务必填涂或书写在答题纸上与练习卷题号对应的区域，不得错位。在练习卷上作答一律不得分。 4．选择题和作图题用2B铅笔作答，其余题型用黑色字迹钢笔、水笔或圆珠笔作答。 一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项） 1. 书包背带做得较宽是为了（　　） A. 减小压强 B. 增大压强 C. 减小压力 D. 增大压力 【答案】A 【解析】 【详解】书包背带做得较宽是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 2. 冰熔化成水后（ρ冰=0.9×103千克/米3）（　　） A. 质量变大，体积不变 B. 质量变小，体积不变 C. 质量不变，体积变大 D. 质量不变，体积变小 【答案】D 【解析】 【详解】质量是物体的属性，与物体所处的状态无关，因此冰熔化成水后，质量不变，但密度变大，根据可得，体积变小，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 3. 下列器材中，利用大气压强工作的是（　　） A. 脱排油烟机 B. 血压计 C. 密度计 D. 液位计 【答案】A 【解析】 【详解】A．抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出，利用了大气压，故A符合题意； B．血压计利用的是液体压强，不属于大气压利用，故B不符合题意； C．密度计利用的是物体漂浮条件，不属于大气压利用，故C不符合题意； D．液位计的上端开口、下端连通，是利用连通器原理工作的，即水位计中的水位与锅炉水位是相同的，故D不符合题意。 故选A。 4. 通过实验研究得出“通过导体的电流与导体两端电压关系”的科学家是（　　） A. 安培 B. 伏特 C. 库仑 D. 欧姆 【答案】D 【解析】 【详解】在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；在电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。这就是著名的欧姆定律，是由德国物理学家欧姆最早发现并总结得出的。 故选D。 5. 在下图所示电路中，闭合开关S1，两个电表均有示数，下列操作能使电压表V2示数与电压表V1示数比值变大的是（　　） A. 向左移动滑片P B. 用阻值大于R1的电阻R0替换R1 C. 减小电源电压 D. 闭合开关S2 【答案】D 【解析】 【详解】A．由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测电源电压，则电压表V1的示数不变；当滑片P向左移动时，R2接入电路的阻值变小，根据串联电路的分压原理可知电压表V2的示数变小，所以电压表V2示数与电压表V1示数比值的变小，故A不符合题意； BC．根据串联电路的分压原理可知，R2两端的电压与总电压之比U2：U=R2：R 用阻值大于R1的电阻R0替换R1，R2的阻值不变，电路的总电阻变大，所以电压表V2示数与电压表V1示数比值变小；减小电源电压时，R2的阻值和电路的总电阻不变，所以电压表V2示数与电压表V1示数比值不变，故BC不符合题意； D．再闭合开关S2，R1短路，电路变为R2的简单电路，电压表V2测电源电压，即电压表V2的示数变大，所以电压表V2示数与电压表V1示数比值变大，故D符合题意。 故选D。 6. 如图所示，两个相同的柱形容器置于水平地面上，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，A、B两个体积相同的实心小球分别静止在两液体中，容器对地面的压强为p甲、p乙、现将两个小球取出，两液体对容器底部的压强相等，则（　　） A. 大于，p甲大于p乙 B. 大于，p甲小于p乙 C. 小于，p甲大于p乙 D. 小于，p甲小于p乙 【答案】A 【解析】 【详解】由题意知，A、B两个实心小球的体积相同，A排开的液体的体积大于B排开的液体的体积，取出小球后，乙液面的深度要大于甲液面的深度，此时两液体对容器底部的压强相等，根据p=ρgh可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即：ρ甲大于ρ乙； 根据图示可知，A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为V排甲>V排乙，又有甲液体的密度大于乙液体的密度，由F浮=ρ液gV排可知，两个小球的浮力关系为F浮A>F浮B，因为A小球在甲液体中悬浮，受到的重力GA等于浮力F浮A，B小球漂浮在乙液体中，受到的重力GB等于浮力F浮B，所以两个小球的重力关系为GA>GB；又因为液体对容器底部的压强相等，面积相同，压力也相等，则液体重力相同，且容器相同，所以左侧装置的总重力大于右侧装置的总重力，水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，则左侧装置对地面的压力大于右侧装置对地面的压力，受力面积相同，根据可知，p甲大于p乙，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 二、填空题（本大题共7题，共23分） 7. 上海地区家庭电路中，节能灯、空调正常工作的电压为______伏，它们是______的（选填“串联”或“并联”），工作时通过节能灯的电流______通过空调的电流（选填“大于”“等于”或“小于”）。 【答案】 ①. 220 ②. 并联 ③. 小于 【解析】 【详解】[1]家庭电路中，节能灯、空调等用电器正常工作时的电压为220伏。 [2]这些用电器能独立工作、互不影响，则用电器之间是并联连接的。 [3]空调和节能灯在正常工作时，由于空调的实际功率远大于节能灯的实际功率，由P=UI可知，通过空调的电流要远大于节能灯的电流。 8. 如图（a）所示，建造水电站时要在河道中修筑大坝。如图（b）所示，大坝的下部应当比上部更为厚实，主要原因是水的压强随______的增大而增大；为了估算建造大坝所需混凝土的质量可应用______知识；如图（c）所示，大坝边上的船闸是______应用的实例。 【答案】 ①. 深度 ②. 密度 ③. 连通器 【解析】 【详解】[1]液体的压强随深度的增加而增大，为让大坝能承受更大的水压，拦河大坝要设计成下宽上窄的形状。 [2]为了估算建造大坝所需混凝土的质量，可先估测混凝土的体积，混凝土密度相对固定，再利用m=ρv估算混凝土的质量。 [3]大坝边上的船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器。 9. 如图所示，重为4牛的物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为3牛，则物块所受浮力的大小为______牛，方向为______；将物体继续向下移动，则物体所受浮力______（选填“增大”“不变”或“减小”）。 【答案】 ①. 1 ②. 竖直向上 ③. 不变 【解析】 【详解】[1][2]根据称重法可得，物体受到的浮力为 浮力的方向与重力的方向相反，竖直向上。 [3]将物体继续向下移动，由于液体的密度不变，物体排开液体的体积不变，根据可知，浮力不变。 10. 当某导体两端的电压为6伏时，10秒内通过导体横截面的电荷量为3库，则通过该导体的电流为______安，导体的电阻为______欧。如果该导体两端的电压为3伏时，导体的电阻为______欧。 【答案】 ①. 0.3 ②. 20 ③. 20 【解析】 【详解】[1]通过该导体的电流 [2]由欧姆定律可得导体的电阻 [3]因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当加在该导体两端的电压变为3V时，导体的电阻仍为20Ω不变。 11. 电阻R1的阻值为5欧，R2的阻值为10欧。若将它们串联，则总电阻为______欧；若将它们并联，则总电阻______5欧（选填“大于”“等于”或“小于”），通过R1的电流与通过R2的电流之比为______。 【答案】 ①. 15 ②. 小于 ③. 2∶1 【解析】 【详解】[1]根据串联电路的电阻规律可得，两电阻串联时的总电阻R=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω [2]根据并联电路的电阻规律知，并联电阻值小于其中任一电阻值，则总电阻小于5欧。 [3]根据并联电路的分流规律可知，通过R1的电流与通过R2的电流之比I1∶I2= R2∶R1=10Ω∶5Ω=2∶1 12. 在图所示的电路中，电源电压保持不变。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1、R2上、现在“a”处或“b”处接入一个电表，通过必要的操作，均能判断故障。小虹认为可接入一个电流表，小唐认为可接入一个电压表。 （1）你认为______的方案是可行的； A. 小虹 B. 小唐 （2）选择方案后，当电表接入“b”处时，请写出必要的操作、电表示数的变化情况及其对应的故障。______ 【答案】（1）A （2）见解析 【解析】 【小问1详解】 若接入电压表，电压表相当于断路，串联接在a处时，测电源电压，无论怎样移动变阻器的滑片，电压表的示数不变，无法判断哪个用电器出现故障，因此可以接入电流表，再通过调节变阻器，观察电流表示数的变化，即可判断用电器的故障，因此小虹的方案可行。 故选A。 【小问2详解】 由电路图可知，发生的电路故障只能是断路，若发生短路，电源会被短路，因此当电表接入“b”处时，向左或向右调节变阻器的滑片，若电流表的示数发生改变，则故障是R1断路，若电流表的示数不发生改变，则故障是R2断路。 13. 资料显示，海水的密度与深度、温度等因素有关。不同海域海水密度随深度变化的情况不尽相同，图（a）为某热带海域海水密度随深度变化的图像，潜艇在此海域通常能安全航行。但有时海水密度会突然发生变化，形成“海中断崖”的现象，如图（b）所示，一旦潜艇遇到该现象，其运动状态会发生急速改变，可能引发灾难性事故。 （1）如图（a）所示，该热带海域0～1000米深度内，海水密度随深度的增大而______（选填“增大”或“减小”）。 （2）如图（b）所示，现有一艘潜艇在高密度水层水平航行，当它驶入低密度水层时，会突然______（选填“上升”或“下降”）。结合所学知识，指出该潜艇运动状态发生改变的原因，并写出分析过程：______。 【答案】（1）增大 （2） ①. 下降 ②. 见解析 【解析】 【小问1详解】 由图可知，该热带海域0～1000米深度内，深度越大，海水的密度越大，即海水密度随深度的增大而增大。 【小问2详解】 [1][2]潜艇在高密度水层水平航行，当它驶入低密度水层时，由F浮=ρ液gV排得，在排开液体的体积一定时，液体的密度变小，浮力变小，浮力小于重力，会突然下降。 三、作图题（本大题共2题，共5分） 14. 如图所示，重为8牛的物体静止在水平地面上。请用力的图示法画出物体对地面的压力F。 【答案】 【解析】 【详解】物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，即 F＝G＝8N 方向垂直于接触面向下，作用点在物体与地面的接触面的中点。选取标度为4N，过压力的作用点，沿垂直于接触面向下的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示： 15. 在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大。 【答案】 【解析】 【详解】由图知，电流表和小灯泡、滑动变阻器串联，根据滑动变阻器的特点，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，即滑动变阻器连入电路中的电阻变小。小灯泡的电阻大约是10，根据欧姆定律的出通过小灯泡的电流最大超不过0.3A，所以电流表选择小量程，如图所示: 四、综合题（本大题共5题，共30分） 16. 物体排开水的体积为4×10-3米3，求物体受到浮力F浮的大小。 【答案】39.2N 【解析】 【详解】解：物体受到浮力的大小 F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×4×10-3m3=39.2N 答：物体受到浮力的大小是39.2N。 17. 下图为中国科技馆陈列的神舟一号返回舱。若其质量为3×103千克，与水平展台的接触面积为3米2。求它对展台的压力F和压强p。 【答案】3×104N；1×104Pa 【解析】 【详解】返回舱放在水平展台上，对水平展台的压力与它的重力大小相等，则F=G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N 对水平展台的压强 18. 在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“50Ω”字样。闭合开关S，电流表的示数为0.4安，电流表、电压表的表盘如图（b）（c）所示。 （1）求R1两端电压U1。 （2）移动滑片P，在电路安全工作的前提下，电压表的最大示数为10伏，最小示数为2伏。求： （a）电源电压U。 （b）允许通过滑动变阻器的最大电流。 【答案】（1）4V （2）12V；1A 【解析】 【小问1详解】 由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；由欧姆定律可得，电阻R1两端的电压U1=IR1=0.4A×10Ω=4V 【小问2详解】 （a）闭合开关S，在电路安全工作的前提下，电压表的最大示数时滑动变阻器R2的阻值全部连入电路， 则电路中的电流 由可得，R1两端的电压U1小=I小R1=0.2A×10Ω=2V 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压U=U1小+U2大=2V+10V=12V （b）电压表的示数最小时滑动变阻器R2连入电路的阻值最小，通过滑动变阻器R2的电流最大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，则U1大=U-U2小=12V-2V=10V 则允许通过滑动变阻器的最大电流为 19. 如图所示，薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，甲的底面积为2×10-2米2，盛有质量为2.2千克的水。实心圆柱体乙漂浮在水面上，其质量为0.8千克，底面积为1×10-2米2，高为0.1米。 （1）求乙的密度ρ乙； （2）求此时水对容器底部压强p水； （3）现从容器内抽水，每次抽出水质量为0.5千克，水对容器底部的压强大小如下表所示。（此过程中乙始终保持竖直） 抽水次数 水对容器底部的压强（帕） 第一次 1225 第二次 980 第三次 686 （a）第几次抽水过程中乙会沉底？说明理由______； （b）求第四次抽水后，水对容器底部的压力F水′______。 【答案】（1）0.8×103kg/m3 （2）1.47×103Pa （3） ①. 第三次，见解析 ②. 3.92N 【解析】 【小问1详解】 乙的体积为 乙的密度为 【小问2详解】 此时水对容器底部的压力为 此时水对容器底部的压强为 【小问3详解】 [1]乙开始沉底时 浸入水的深度等于容器中水的深度，此时的水深 此时容器甲中水的质量 抽出水的质量 抽水次数 故第三次抽水过程中乙会沉底。 [2]第四次抽水后，容器甲中剩余的水的质量 剩余的水的体积 剩余的水的高度为 剩余水对容器甲的压力 20. 小虹和小唐做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有两个滑动变阻器（分别标有“5Ω 3A”“20Ω 2A”字样），其余实验器材均相同。他们分别选择其中一个变阻器与电源（电压未知且保持不变）、待测电阻、电流表、开关串联。小虹将电压表并联在待测电阻两端，移动变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关后，观察到电压表的示数如图所示。小唐将电压表并联在电路中，将测得的三组数据记录在下表中、他们交流数据后，共同得出了实验结果。 实验序号 电压U（伏） 电流I（安） 1 30 0.16 2 2.5 0.20 3 1.5 0.30 （1）通过计算判断小唐实验时使用滑动变阻器规格。 （2）计算电源电压U。 （3）计算待测电阻Rx的阻值（精确到0.1欧）。 【答案】（1）“20Ω 2A” （2）4.5V （3）9.85Ω 【解析】 【小问1详解】 从小唐的实验数据，电压减小电流增大，可知电压表接在了滑动变阻器两端，由实验数据1，滑动变阻器接入的电阻 由此可知小唐选用的滑动变阻器的规格是20Ω，2A。 【小问2详解】 由（1）知小唐选用的滑动变阻器的规则给20Ω，2A，故小虹所选用的滑动变阻器为5Ω，3A，由小唐的实验数据3可知，当滑动变阻器两端电压为1.5V，通过的电流为0.3A，接入的电阻为 由题意知，小虹将电压表并联在待测电阻两端，移动变阻器滑片P至最大阻值处，由此可知小虹的实验中滑动变阻器两端的电压为1.5V，由图可知电压表的示数为3V，由串联电路的电压规律可知，电源电压U=3V+1.5V=4.5V 【小问3详解】 小虹实验中待测电阻 小虹实验1，待测电阻 小虹实验2，待测电阻 小虹实验3，待测电阻 所以待测电阻的阻值 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $