2025年江苏省徐州市中考物理模拟试卷（练习卷）

江苏省徐州市2024～2025学年九年级物理中考模拟试卷（练习卷） 一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分） 1．（2分）蝴蝶飞行时翅膀每分钟振动300～360次，蚊子飞行时翅膀每秒振动300～600次，以下说法正确的是（　　） A．蝴蝶飞行时不发出声音 B．蝴蝶飞行时翅膀振动的频率为300～360Hz C．蚊子飞行时翅膀振动发出的声音可以在真空中传播 D．蚊子飞行时翅膀振动发出声音的频率一定比蝴蝶的高 2．（2分）严寒的冬季，当桥面上结冰时，交通管理人员往桥面上撒盐，这样做的主要原因是（　　） A．盐与冰雪混合可提高水的凝固点 B．盐与冰雪混合可提高冰的熔点 C．盐与冰雪混合可降低冰的熔点 D．盐与冰发生化学反应放出大量的热 3．（2分）如图是塔式热发电系统的一项关键技术。发电站安装有许多定日镜（即平面镜），每一个定日镜都由自动跟踪太阳光装置控制，以便准确的将太阳光反射后会聚到高塔顶部的接收器上。下列光现象中与定日镜工作原理相同的是（　　） A．水中倒影 B．雨后彩虹 C．沙漠蜃景 D．小孔成像 4．（2分）如图所示，两个完全相同的圆柱形玻璃容器，分别装有质量相等的两种液体，液体密度分别是ρ甲和ρ乙，图中关于两种液体的密度图像正确的是（　　） A． B． C． D． 5．（2分）小明在做“研究滑动摩擦力大小”的实验中，将木块A放置于水平木板B上，加载一个砝码，把一支弹簧测力计水平放置系在A上。当他向左用水平力F拉动B时，A静止，测力计指针稳定，如图所示。下列讨论中正确的是（　　） A．此装置可研究滑动摩擦力大小与压力的关系 B．A对B的摩擦力大小为2.4N，方向水平向左 C．若小明增大拉动B的速度，弹簧测力计的示数将会变大 D．若小明减小拉动B的速度，弹簧测力计的示数将会变小 6．（2分）如图所示，2022年北京冬奥会高山滑雪比赛，运动员与旗门杆（弹性杆）发生碰撞，导致运动员滑行速度明显变慢且杆明显变弯，碰撞过程中，杆阻碍运动员滑行的力与运动员撞击杆的力，属于（　　） A．同一个力 B．一对平衡力 C．一对相互作用力 D．同一物体受到的不满足平衡条件的两个力 7．（2分）如图所示，同一小瓶内装入质量不同的水，将小瓶浸没在水中松手后，发现小瓶在甲图中上浮，在乙图中下沉。待小瓶静止后，小瓶在甲、乙中受到水的浮力分别为F甲和F乙，则（　　） A．F甲＞F乙 B．F甲＝F乙 C．F甲＜F乙 D．无法比较 8．（2分）如图所示，用相同的滑轮不同的绕法提起相同的重物并升高相同高度，绳重和所有摩擦力忽略不计，在物体匀速上升的过程中（　　） A．甲图更省力，做功更少，机械效率甲图大 B．甲图更省力，做功一样多，机械效率一样大 C．乙图更省力，做功更多，机械效率乙图大 D．甲图更省力，做功更多，机械效率一样大 9．（2分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中（　　） A．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大 B．电压表V1示数不变，电压表V2示数变小 C．电流表A的示数变大，电压表V2示数与电流表示数之比变大 D．电流表A的示数变大，电压表V1示数与电流表示数之比不变 10．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变。电流表A的量程为0﹣0.6A，电压表V1、V2的量程均0﹣3V，滑动变阻器R的规格为“50Ω，2A”，小灯泡的额定电压为2.5V。滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表V2的示数为1.5V。在保证电路各元件安全的最大范围内调节滑片P，其中一只电压表与电流表示数的变化图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．小灯泡的功率范围为0.1W﹣1.25W B．滑动变阻器的取值范围是3Ω﹣5Ω C．电压表V1的示数变化范围为1.5V﹣3V D．电源电压为3V 二．填空题（共7小题，满分20分） 11．（2分）在建造电影院时，为了减少“回声”对观众的干扰，因此墙面应选用 　 　（选填“柔软多孔”或“坚硬光滑”）的材料。利用回声可以测距离：停在山崖前的汽车，司机鸣笛0.4s后，听到笛声的回声（空气中的声速为340m/s），则车到山崖的距离是 　 　米。 12．（3分）一些大厦的外部安装了平板玻璃作为幕墙，人们可以通过它看到自己的　 　（填“虚”或“实”）像。仔细观察后可知：近处的人所成的像与人大小相同，远处的树木所成的像大小与实物相比是　 　（填“相同”或“缩小”）的。我国已对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生　 　（填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。 13．（2分）小华对一支铅笔的长度进行4次正确测量，记录数据如下：17.58cm、17.57cm、17.56cm、17.57cm，该铅笔的长度是 　 　cm，所用刻度尺的分度值是 　 　。 14．（2分）一瓶食用油密度为0.9×103kg/m3，用掉了质量的，剩余食用油的密度为 　 　kg/m3，一个钢瓶内装有密度为6kg/m3的氧气，某次电焊中用去了其质量的．则钢瓶内剩余氧气的密度为 　 　kg/m3。 15．（3分）如图1所示，盛有水的烧杯随小车一起水平向右做 　 　（选填“匀速”、“加速”或“减速”）运动；若此时小车突然刹车减速，烧杯中的水面应是图 　 　（选填“2”或“3”）的形状，作出上述判断的依据是 　 　（选填“水”或“烧杯”）具有惯性。 16．（4分）汽车发动机的一个工作循环包括如图所示的四个冲程，其中 　 　（选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）冲程是给汽车提供动力的。若该某单缸四冲程汽油机飞轮转速1200r/min，则该汽油机每秒钟对外做功 　 　次；如图所示为某型号汽车发动机的能量流向图，若该发动机完全燃烧0.2kg的汽油能够获得 　 　J的能量，输出的有用功为 　 　J。（汽油的热值为4.6×107J/kg） 17．（4分）如图所示电路中： （1）若使L1、L2串联，则应闭合　 　，断开其它； （2）若使L1、L2并联，则应闭合　 　，断开其它； （3）如果闭合S1、S3而断开S2，则灯　 　亮； （4）同时闭合开关　 　是不允许的。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 18．（2分）某额定电压为220V的电动扶梯（已接地），只需在白天且有人时开启，利用红外线开关S1（有人时闭合、无人时断开）及可见光开关S2（白天闭合、夜间断开）即可实现自动控制。请在图中按要求正确完成电路连接。 19．（2分）如图所示，一束平行太阳光垂直水平地面MN射下，A为小铁球。若小球在竖直平面内沿图中圆形虚线轨迹运动，请在图乙框中画出小球的影子在地面上运动的轨迹。 四．实验探究题（共3小题，满分26分） 20．（8分）小明利用如图甲所示的实验装置以及铅笔和刻度尺，进行“探究平面镜成像的特点”的实验。 （1）该实验应在较 　 　（亮/暗）的环境中进行，实验中所用的茶色玻璃板应选 　 　（薄/厚）一些，且应 　 　于水平桌面放置； （2）在玻璃板前放置棋子A，将棋子B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至B与A的像完全重合，这是为了验证 　 　，所用的科学探究方法是 　 　（等效替代/转换/控制变量）法；小明想借助光照使棋子A的像更清晰，那么光应该照在 　 　（棋子A/棋子B/玻璃板）上。 （3）为了验证平面镜所成的像是虚像，用白纸代替棋子B，按照图乙中 　 　（①/②）的方式进行观察，根据 　 　的现象即可验证。 21．（8分）小秋为探究“运动与力的关系”，设计了如图所示的斜面实验，让同一小车滑到接触面分别为毛巾、棉布和木板的水平面上，观察小车在水平面上滑行的距离。 （1）为了使小车滑到水平面时的初速度相同，实验时应让小车从同一斜面的 　 　，由 　 　滑下，这种研究问题的方法是 　 　（转换法/模型/控制变量）法。 （2）比较甲、乙、丙三次实验，发现阻力越小，小车滑行的距离就越 　 　（远/近），说明小车运动的速度改变得越 　 　（快/慢）。 （3）伽利略对类似的实验进行了分析，并进一步推测：如果水平面光滑，小车在运动时不受阻力，则小车将在水平面上 　 　，说明运动的物体 　 　（需要/不需要）力来维持。 （4）牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律，该定律 　 　（填字母序号）。 A.能用实验直接验证 B.不能用实验直接验证，所以不能确定这个定律是否正确 C.是在大量经验事实的基础上，通过进一步推理概括得出的 22．（10分）（一）小明用如图1完全相同的装置甲、乙、丙，来比较不同物质的比热容和不同燃料的热值，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温相同。 （1）为了比较不同燃料的热值，应选择 　 　两图进行实验；另一个实验是通过 　 　（升高的温度/加热的时间）反映物体吸热的多少，此操作过程使用的方法是 　 　（转换/控制变量/等效替代）法。 （2）比较不同物质的比热容，选用合适装置加热相同一段时间后，绘制出温度﹣时间图象（如图1丁），则液体a的比热容 　 　（大于/小于/等于）液体b的比热容，由此可知液体 　 　（a/b）吸热能力强。 （二）小明又进行了“探究感应电流的产生”的实验，小明的四次实验情况分别如图2所示。 （1）有同学说：“只要闭合电路中的一部分导体在磁场中运动，就会产生感应电流”，你认为他的说法 　 　（对/错），图 　 　可支持你的结论。 （2）为了探究感应电流的方向跟磁场方向和导体运动方向之间的关系。 ①由甲、乙两图可以得出：磁场方向不变的情况下，感应电流方向与 　 　有关。 ②由乙、丁两图可以得出：导体切割磁感线运动方向相同，感应电流方向和 　 　有关。 （3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是 　 　能转化为电能。 五．计算题（共2小题，满分10分） 23．（6分）有一个边长为10cm的正方体物块漂浮在水中，静止时物块上表面与水面平行，露出水面的高度为5cm，如图甲所示，求： （1）物块受到水的浮力； （2）物块的密度； （3）若要使物块完全浸没在水中（如图乙所示），需要施加的最小压力F。 24．（4分）综合实践活动中，同学们设计了一种测量液体密度大小的装置，主要结构如图甲所示，从电流表指针所指的刻度就可以知道液体密度的大小。AB为长18cm阻值36Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比。托盘上的小桶中无液体时，滑片P恰好位于电阻丝最上端A处；每次测量时，在小桶内倒入体积恒为20cm3的待测液体后，弹簧增加的弹力F与滑片P向下移动的距离x的关系如图乙所示。电源电压恒为6V，R0标有“4Ω，0.5A”，电流表量程为0～0.6A。不计一切摩擦。 （1）闭合开关，滑片P在A端时，电流表示数为多少？ （2）某次测量时，电流表示数为0.3A，电阻丝AB连入的电阻为多少？所测液体密度为多少？ 江苏省徐州市2024～2025学年九年级物理中考模拟试卷（练习卷） 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C A A A C C B D A 一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分） 1．【分析】人的听觉频率范围在20Hz～20000Hz，低于20Hz和高于20000Hz的声波是听不到的，根据蜜蜂和蝴蝶的振动频率判断分析。 【解答】解：A.声音是由物体振动产生的，振动一定发声，故A错误； B.把每秒内振动的次数叫频率，因此蝴蝶飞行时翅膀振动的频率为5﹣6Hz，故B错误； C.声音的传播需要介质，真空不能传声，故C错误； D.蚊子飞行翅膀振动的频率为300﹣600Hz，蝴蝶为5﹣6Hz，故D正确； 故选：D。 【点评】此题考查了超声波、次声波和人耳能听到的声音，以及测声仪的作用。不同动物的发声频率范围和听觉频率范围是不同的，而超声波与次声波则是依据人的听觉频率范围划定的。人的听觉频率范围很有限，很多动物在这方面都能超过我们。 2．【分析】要解决此题需要掌握熔点的概念，知道物体的熔点越低，越容易熔化。 【解答】解：在严寒冬季当桥面结冰时，我们会看到交通管理人员往路面撒盐，这样做的主要作用是盐和冰雪混合可以降低冰的熔点。 故选：C。 【点评】此题通过具体事例主要考查了对熔点的理解，很具有现实性意义。 3．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解：定日镜工作，利用的光的反射； A、水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故A正确； B、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，是由于光的折射形成的，故B错误； C、沙漠蜃景是由于光的折射形成的，故C错误； D、小孔成像是由于光沿直线传播，故D错误。 故选：A。 【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。 4．【分析】根据密度公式的变形公式V＝可知，质量相等时，密度越大的液体、体积越小，密度越小的液体、体积越大，据此分析判断。 【解答】解：由图知，V甲＜V乙，因为两者质量相等，根据公式ρ＝可知：ρ甲＞ρ乙， AB、选项中，图像的横轴表示质量，纵轴表示密度，其中A选项中表示ρ甲＞ρ乙，B选项中表示ρ乙＞ρ甲，故A正确，B错误； CD、选项中图像横轴表示体积，纵轴表示密度，物体的密度不能为0，相同状态下，物体密度不随体积变化而变化，故CD错误。 故选：A。 【点评】解答本题首先要明确各图像中横纵坐标表示的物理量分别是什么；其次注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；再次是明确图像所表示的物理意义；最后对照各个选项提出的问题作出判断。 5．【分析】物体静止和做匀速直线运动时，此时物体处平衡状态，受到的力是平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上，可根据一个力的大小、方向，确定另一个力的大小和方向；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若两者都不发生变化，则滑动摩擦力不变；滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反。 【解答】解：A、两物体间接触面的粗糙程度不变，在A上加减钩码可以改变物体间的压力大小，该实验装置可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系，故A正确； B、由图示弹簧测力计可知，其分度值为0.2N，示数为2.4N，A处于平衡状态，由平衡条件可知，A受到的滑动摩擦力f＝F＝2.4N，A相对于B向右运动，A受到的滑动摩擦力方向水平向左，B受到A的摩擦力的大小也为2.4N，方向水平向右，故B错误； CD、A、B间的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力与物体间接触面的粗糙程度和物体间的压力有关，与物体的运动速度无关，如果增大或减小拉动B的速度，A、B间接触面的粗糙程度、物体间的压力保持不变，物体间的滑动摩擦力不变，由平衡条件可知，测力计的示数不变，故CD错误。 故选：A。 【点评】此题考查学生对于物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用和相互平衡的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上的理解与运用。 6．【分析】二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上； 相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。 【解答】解：碰撞过程中，杆阻碍运动员滑行的力与运动员撞击杆的力同时作用在运动员和杆上，符合相互作用力的条件，因此属于一对相互作用力。 故选：C。 【点评】此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。 7．【分析】根据F浮＝ρ水gV排判断出小瓶受到浮力的关系。 【解答】解：同一小瓶内装入质量不同的水，将小瓶浸没在水中松手后，发现小瓶在甲图中上浮，最终漂浮在水面上，排开水的体积小于小瓶的体积，在乙图中小瓶下沉，排开水的体积等于小瓶的体积，所以待小瓶静止后，乙图中小瓶排开水的体积大，根据F浮＝ρ水gV排知乙图中小瓶受到的浮力大，即F甲＜F乙，故C正确。 故选：C。 【点评】本题考查了阿基米德原理公式的应用，是一道基础题。 8．【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n， ①不计绳重及摩擦，拉力等于物重和动滑轮重之和的，可判断拉力的大小关系； ②把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。 【解答】解： （1）分析甲图可知，n＝3，则s＝3h， 绳重、摩擦忽略不计，则拉力：F甲＝（G+G动）， 滑轮组的机械效率η1＝＝＝； （2）分析乙图可知，n＝2，则s＝2h， 绳重、摩擦忽略不计，则拉力：F2＝（G物+G动）， 此时滑轮组的机械效率η2＝＝＝，因物体和动滑轮均相同，所以，比较可知：做功一样多，F1＜F2，η1＝η2，即甲图省力，机械效率一样大。 故选：B。 【点评】本题考查了使用滑轮组拉力的计算和机械效率的计算，利用好两个推导公式是本题的关键：①忽略摩擦及绳重，拉力F＝（G物+G动）；②η＝＝＝。 9．【分析】AB、两电阻串联，电压表V1测R1的电压，V2测变阻器的电压，电流表测电路的电流，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动确定变阻器连入电路的电阻变化，由电阻的串联和欧姆定律分析电流表示数变化，根据U＝IR分析V1示数变化，由串联电路电压的规律确定V2变化； CD、由欧姆定律分析电压表V2示数与电流表示数之比及电压表V1示数与电流表示数之比的变化。 【解答】解：AB、两电阻串联，电压表V1测R1的电压，V2测变阻器的电压，电流表测电路的电流，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的串联规律，电路的电阻变小，根据欧姆定律，电流表示数变大，根据U＝IR，V1示数变大，由串联电路电压的规律，V2变小，AB错误； CD、由欧姆定律，电压表V2示数与电流表示数之比即变阻器连入的电阻，变小，C错误； 电压表V1示数与电流表示数之比即R1的电阻，这个比值不变，D正确。 故选：D。 【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。 10．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）当电路中的电流分别为最大和最小时，利用串联电路电压规律得到灯泡两端电压的取值范围，利用P＝UI得到小灯泡的功率范围； （2）由图乙中变阻器两端最大和最小电压及对应的电流，利用欧姆定律得到滑动变阻器的取值范围； （3）由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，其分得的电压变大，即电压表V2的示数变大，此时电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，由串联电路中电压的规律知，灯泡两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，由图乙可知，当电压表的示数增大时，电流表的示数减小，则图像为滑动变阻器的I﹣U图像；变阻器两端最大电压已知，利用串联电路电压的规律得到灯泡两端的最小电压，为保证灯泡长期工作，灯泡两端电压最大为其额定电压，故可得到电压表V1的示数变化范围； （4）滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表V2的示数已知，灯泡两端的电压UL＝UL额，利用串联电路中的电压规律得到电源电压。 【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 A.当电路中的电流I小＝0.1A，灯泡两端的电压U'L＝U﹣UP大＝4V﹣3V＝1V， 灯泡的最小功率PL小＝U'L×I小＝1V×0.1A＝0.1W， 当电路中的电流I大＝0.5A，灯泡两端的电压UL＝2.5V， 灯泡的最大功率PL大＝UL×I大＝2.5V×0.5A＝1.25W， 所以小灯泡的功率范围为0.1W～1.25W，故A正确； B.由图乙知变阻器电阻最大时，其两端电压UP大＝3V时，电路中的电流I小＝0.1A， 则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大＝＝＝30Ω； 当变阻器接入电路的阻值最小时，其两端电压UP小＝1.5V，电路中的电流I大＝0.5A， 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R小＝＝＝3Ω； 所以滑动变阻器的取值范围是3Ω～30Ω，故B错误； C．由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，其分得的电压变大，即电压表V2的示数变大， 此时电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，由串联电路的电压特点可知，灯泡L两端的电压变小，即电压表V1的示数变小， 由图乙可知，当电压表的示数增大时，电流表的示数减小，则图像为滑动变阻器的I﹣U图像； 由图乙知当变阻器两端电压最大即UP大＝3V时，灯泡两端电压最小即UL小＝U﹣UP大＝4V﹣3V＝1V， 为保证灯泡长期工作，灯泡两端电压最大为其额定电压， 所以电压表V1的示数变化范围为1V～2.5V，故C错误； D．由题意可知，滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表V2的示数UP＝1.5V，灯泡两端的电压UL＝UL额＝2.5V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压U＝UL+UP＝2.5V+1.5V＝4V，故D错误。 故选：A。 【点评】本题考查了欧姆定律公式、电功率公式和串联电路的规律，有一定难度。 二．填空题（共7小题，满分20分） 11．【分析】（1）由于电影院的面积比较大，声音从舞台传出后遇到墙壁再反射回来的时候，用的时间较长，回声和原声间隔的时间较多的话，人耳就可以把它们区分开，这样观众就可以听到两个声音，影响听众的收听效果； （2）已知司机鸣笛0.4秒后，听到笛声的回声，由此可求得笛声传到山崖的时间，由速度公式变形可求得车到山崖的距离。 【解答】解：电影院的墙壁采用柔软多孔的材料，主要是因为声音在反射时能量会相互抵消，从而减少四周墙壁对声音的反射，增强听众的收听效果。 笛声传到山崖的时间t＝×0.4s＝0.2s， 由v＝可得，车到山崖的距离： s＝vt＝340m/s×0.2s＝68m。 故答案为：柔软多孔；68。 【点评】解决本题的关键是知道减弱噪声的方法和速度公式的应用；关键是知道声音反射回来经过的时间是往返的时间，不是一次的时间。 12．【分析】（1）根据平面镜成正立、等大的虚像的特点即可直接得出答案； （2）光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的。 【解答】解： 因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装的平板玻璃幕墙看到自己的虚像； 由于平面镜成的像与物大小相同，故远处的树木所成的像大小与实物相比是相同的； 高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是因为玻璃幕墙会发生镜面反射造成的。 故答案为：虚；相同； 镜面。 【点评】本题考查了平面镜成像的特点以及镜面反射的危害，此题难度不大，属于基础题。 13．【分析】（1）根据刻度尺的使用，为了减少误差，可用多次测量取平均值的方法，但是不管对同一物体测量多少次，准确值是不会变的，改变的是估计值，在取平均值时，要去掉错误的测量结果； （2）根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位。 【解答】解：（1）将四次测量结果取平均值就是记录结果：＝17.57cm； （2）图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm。 故答案为：17.57；1mm。 【点评】根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位，故从右面数第二位的单位就是分度值，注意取平均值时，若除不尽，保留的小数要与测量值小数位数相同。 14．【分析】（1）密度是物质的一种特性，固体和液体的密度不随物体体积和质量的变化而变化； （2）知道钢瓶内氧气的密度，设出钢瓶内氧气的体积，根据m＝ρV求出原来氧气的质量，然后根据某次电焊中用去了其中质量的求出剩余氧气的质量，剩余气体的体积等于原来氧气的体积，利用ρ＝求出钢瓶内剩余氧气的密度。 【解答】解：（1）因密度是物质本身的一种特性，与物质的质量和体积无关， 所以，用掉了质量的，质量和体积均减半，密度不变，剩余食用油的密度仍为0.9×103kg/m3不变； （2）设钢瓶的容积为V，由ρ＝可得，原来氧气的质量m＝ρV＝6kg/m3×V， 某次电焊中用去了其质量的，则钢瓶内剩下氧气的质量： m剩＝m＝×6kg/m3×V＝4kg/m3×V， 因剩余气体的体积不变， 所以，剩余氧气的密度： ρ剩＝＝＝4kg/m3。 故答案为：0.9×103；4。 【点评】本题考查了密度的计算和密度的特性，要注意对于容器来说容器内气体的质量变化时剩余部分气体的体积不变。 15．【分析】水在烧杯里和车一起向右匀速直线运动， 当车进行匀速直线运动时，烧杯和水都保持原来的运动状态，水面没有发生改变； 当车进行加速直线运动时，烧杯和车之间存在摩擦随车一起加速，水由于惯性保持原来的运动状态，水面向车行方向相反的方向倾。 当车进行减速直线运动时，烧杯和车之间存在摩擦随车一起减速，水由于惯性保持原来的运动状态，水面向车行方向倾。 【解答】解：如图，原来水在烧杯里很平稳，保持相对静止，因此水、水杯和车一起向右匀速直线运动； 小车突然刹车减速，水由于惯性保持原来的运动状态，水面向右倾，应该是图3的形状； 作出以上判断的依据是水具有惯性，保持原来的运动状态不变，当烧杯运动状态改变时，会出现不同的形状。 故答案为：匀速；3；水。 【点评】此类习题首先确定原来的状态，条件变化时，哪个物体的状态改变，哪个物体由于惯性保持原来的运动状态。 16．【分析】（1）根据图中阀门的状态和活塞移动的方向，判断它们分别是哪个冲程，根据吸气、压缩、做功、排气四个冲程排序；做功冲程给汽车提供动力； （2）汽车发动机工作时，在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2圈，做功一次； （3）根据图2能量流向图可知汽车发动机的效率，根据Q放＝mq求出0.2kg的汽油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车输出的有用功。 【解答】解：甲图中的两个阀门都关闭，活塞向上运动，汽油机处于压缩冲程，压缩冲程中将机械能转化为内能； 乙图进气阀门打开，排气阀门关闭，活塞向下运动，汽油机处于吸气冲程； 丙图中的两个阀门都关闭，活塞向下运动，火花塞点火，汽油机处于做功冲程，做功冲程中将内能转化为机械能； 丁图中的进气阀门关闭，排气阀门打开，活塞向上运动，是第四个冲程排气冲程； 所以给汽车提供动力的是丙图做功冲程； 四冲程汽油机飞轮转速1200r/min＝20r/s，即飞轮每秒转20圈， 由于汽车发动机工作时，在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2圈，做功一次，所以该汽油机每秒钟对外做功10次； 由图2能量流向图可知，汽车发动机η＝100%﹣33%﹣30%﹣7%＝30%， 0.2kg的汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.2kg×4.6×107J/kg＝9.2×106J； 由η＝可知，汽车输出的有用功：W＝ηQ放＝30%×9.2×106J＝2.76×106J。 故答案为：丙：10：9.2×106；2.76×106。 【点评】本题考查汽油机工作冲程的判断，过程中的能量转化、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用以及热机的有关计算，有一定的难度。 17．【分析】串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。 【解答】解：（1）根据电路图可知：当闭合开关S1，同时断开S2、S3，灯L1、L2首尾相连组成串联电路； （2）当闭合开关S2、S3，断开S1，L1、L2并列连接，组成并联电路。 （3）如果闭合S1、S3而断开S2，L1发生短路，L2发光。 （4）同时闭合开关S1S2是不允许的，此时会发生电源短路。 故答案为：（1）S1；（2）S2、S3；（3）L2；（4）S1S2。 【点评】本题考查了根据灯泡连接方式判断开关的断开与闭合情况，知道串并联的概念及特点、分析清楚电路结构即可正确解题。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 18．【分析】根据题意可知，自动扶梯只有在白天且有人时才开启，说明两开关不能独立工作即为串联，开关要控制火线，据此连接。 【解答】解：由题意知，在白天且有人时电动扶梯才能启动，说明两个开关串联后共同控制电动机，根据安全用电的原则，开关应接在火线上； 所以，从火线开始，用导线将两个开关S1、S2串联，再连接电动扶梯的电动机，最后回到零线，如下图所示： 【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关的连接方式是关键，同时要注安全用电的原则。 19．【分析】小球在竖直平面内沿图中圆形虚线轨迹运动，由于光沿直线传播，它在每一点的影子，都在这一点的正下方。 【解答】解： 由于光沿直线传播，太阳光被小球挡住，所以在地面上的影子是从A点向地面作垂线，和地面的交点，即为影子；虽然小球沿图中圆形虚线轨迹运动，但是在每一点的影子，都是从这一点向地面作垂线，影子都在地面上，由于小球在竖直平面内沿圆形轨迹运动，根据圆的对称性，所以影子的轨迹在地面上是一条线段。 【点评】本题主要考查学生对光沿直线传播的应用的了解和掌握，读懂图是解题的关键，有一定难度。 四．实验探究题（共3小题，满分26分） 20．【分析】（1）成像的物体和环境的对比度越大，成像越清晰； 茶色玻璃板既能成像又能确定像的位置；实验中所用的玻璃板两个面都能反射成像，用厚玻璃板实际时，两个面反射成的像相距较远，据此分析； 实验中，若茶色玻璃板没有垂直于水平桌面放置，则成的像偏高或偏低，实验无法完成； （2）平面镜成的像为虚像，虚像不是实际光线会聚而成的，为确定虚像的位置，采用等效替代法：在玻璃板前放置棋子A，将棋子B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至棋子B与棋子A的像完全重合，可知B与A大小相等，又A、B完全相同，可知像与物大小相等； （3）虚像不是实际光线会聚而成的，不能在光屏上承接。 【解答】解：（1）棋子不是光源，故该实验应在较亮的环境中进行； 茶色玻璃板既能成像又能确定像的位置，故实验中使用茶色玻璃板而不使用平面镜的原因是便于确定棋子A所成像的位置；实验中所用的玻璃板两个面都能反射成像，用厚玻璃板实验时，两个面反射成的像相距较远，对实验影响大，故玻璃板应当薄一些； 实验中的茶色玻璃板应当垂直于水平桌面放置；否则成的像偏高或偏低，实验无法完成； （2）在玻璃板前放置棋子A，将棋子B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至棋子B与棋子A的像完全重合，可知B与A大小相等，又A、B完全相同，故这样做可以验证像与物大小相等，这里用到的科学探究方法是等效替代法； （3）为了判断平面镜成的是虚像还是实像，小明拿走棋子B，并在原棋子B的位置放置一张白纸，眼睛在棋子B这一侧观察，按照图乙中②的方式进行观察，根据白纸上没有出现棋子A的像，说明平面镜成的是虚像。 故答案为：（1）亮；薄；垂直；（2）像与物体大小是否相等；等效替代；棋子A；（3）②；白纸上没有出现棋子A的像。 【点评】本题探究平面镜成像的特点，考查对器材的要求、实验操作和注意事项及等效替代法的运用。 21．【分析】（1）在实验中，为使小车到达水平面时具有相同的初速度，应让小车从斜面的同一高度由静止滑下，这用到了控制变量法； （2）在速度相等时，小车受到的阻力越小，运动距离越远，速度减小越慢； （3）假如表面绝对光滑，则小车不受摩擦阻力作用，小车将永远不停地运动下去，力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因； （4）牛顿第一定律是在实验的基础上通过进一步推理概括出来的，不能用实验来验证。 【解答】解：（1）为了使小车在滑到水平面时的初速度相同，在实验中应让小车从同一斜面的同一高度由静止开始滑下，这里采取得的研究方法是控制变量法。 （2）实验中发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，行驶的越远。 （3）进一步推理可知，若水平面绝对光滑，即小车不受摩擦力，则小车将做匀速直线运动，说明运动的物体不需要力来维持。 （4）牛顿第一定律是在实验的基础上通过进一步推理概括出来的，不能用实验来验证，但是个正确的定律，故C正确。 故答案为：（1）同一高度；静止；控制变量；（2）远；慢；（3）匀速直线运动；不需要；（4）C。 【点评】本实验主要是研究了运动和力的关系，明确实验的条件与过程，再经过科学推理得出最终的结论，也就能够很好的理解运动和力的关系了。 22．【分析】（1）比较热值必须燃料不同，被加热液体完全相同，比较不同物质的比热容，应该用相同的加热源，不同的液体，据此选择； 转换法的应用，用加热时间反映物体吸热的多少； （2）比较吸热能力的方法：使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； （二）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。在此过程中，消耗了机械能得到了电能，所以是机械能转化为电能。注意控制变量法在此实验中的应用。 【解答】解：（一）（1）为了比较不同燃料的热值，应选择燃料不同，被加热液体完全相同甲、乙两图进行实验；比较不同物质的比热容时，加热器相同，是通过加热的时间反映物体吸热的多少，此操作过程使用的方法是转换法。 （2）根据绘制出温度﹣时间图象（如上图丁），升高相同的温度，a加热时间是长，a吸收的热量较多，说明液体a的比热容大于液体b的比热容；由此可知液体a的吸热能力强； （二）（1）要产生感应电流，闭合电路的部分导体在磁场中要做切割磁感线运动。如图丙，虽然导体运动了，但没有做切割磁感线运动，电流表的指针没有偏转即电路中没有感应电流产生。所以此同学的说法不对； （2）①图甲导体向右运动，电流计的指针向左偏转；图乙磁场方向不变，导体向左运动，电流计的指针向右偏转，所以可以看出感应电流方向与导体的运动方向有关； ②图乙N极在上，导体向左运动，电流计的指针向右偏转；图丁导体运动方向不变，改变了磁场的方向，使S极在上，电流计的指针向左偏转，所以可以看出电流的方向与磁场（或磁感线）的方向有关； （3）导体运动消耗了机械能，得到了电能，所以在此过程中，机械能转化为电能。 故答案为：（一）（1）甲、乙；加热时间；转换；（2）大于；a； （二）（1）错；丙；（2）①导体切割磁感线运动方向； ②磁场方向；（3）机械。 【点评】本题考查比热容与热值以及电磁感应的探究，属于中档题。 五．计算题（共2小题，满分10分） 23．【分析】（1）根据F浮＝ρ水gV排＝ρ水gSh算出物块受到水的浮力； （2）木块漂浮在水中，受到的浮力等于其自身的重力，即F浮＝G，根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρ物gV列等式ρ水gV排＝ρ物gV算出物块的密度； （3）根据F浮′＝ρ水gV排′＝ρ水gV算出物块完全浸没在水中受到的浮力，根据F＝F浮′﹣G算出需要施加的最小压力F。 【解答】解：（1）正方体物块的边长为：a＝10cm＝0.1m，露出水面的高度为h＝5cm＝0.05m， 物块受到水的浮力为： F浮＝ρ水gV排＝ρ水gSh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）2×0.05m＝5N； （2）木块漂浮在水中，受到的浮力等于其自身的重力，即F浮＝G， 根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρ物gV得ρ水gV排＝ρ物gV， 则物块的密度为： ρ物＝＝＝＝0.5×103kg/m3； （3）物块完全浸没在水中受到的浮力为： F浮′＝ρ水gV排′＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3＝10N； 需要施加的最小压力F为： F＝F浮′﹣G＝10N﹣5N＝5N。 答：（1）物块受到水的浮力为5N； （2）物块的密度为0.5×103kg/m3； （3）若要使物块完全浸没在水中（如图乙所示），需要施加的最小压力F为5N。 【点评】本题考查了阿基米德原理公式的应用、浮沉条件的应用以及力的合成的知识，是一道力学综合题。 24．【分析】（1）闭合开关，滑片P在A端时，电阻丝AB与R0串联，根据串联电路特点和欧姆定律计算电流表示数； （2）由串联电路特点和欧姆定律计算电流表示数为0.3A时，电阻丝接入电路的电阻，计算滑片向下移动的距离，根据图象乙可得弹簧增加的弹力，从而得到液体的重力，根据密度和重力公式计算液体的密度。 【解答】解：（1）由图甲知，闭合开关，滑片P在A端时，电阻丝AB与R0串联，电流表测电路中电流， 根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可得，电流表的示数： I＝＝＝0.15A； （2）测某液体的密度时，电流表示数为0.3A，所以： I′＝，即：0.3A＝， 解得，电阻丝连入电路的电阻：RBP＝16Ω， AB为长18cm阻值为36Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比， 电阻丝每厘米的电阻为：＝2Ω/cm， 电阻丝连入电路的长度：LBP＝＝8cm， 滑片P向下移动的距离：x＝LAB﹣LBP＝18cm﹣8cm＝10cm， 由乙图知，此时弹簧增加的弹力：F＝0.2N， 小桶中液体的重力：G＝F＝0.2N， 所以液体的密度：ρ液＝＝＝＝1×103kg/m3。 答：（1）闭合开关，滑片P在A端时，电流表示数为0.15A； （2）某次测量时，电流表示数为0.3A，电阻丝AB连入的电阻为16Ω，所测液体密度为1×103kg/m3。. 【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、密度公式、重力公式的灵活运用，还要能从图象中获取有用信息，考查知识点多，综合性强。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/1/24 10:47:45；用户：陈轩；邮箱：13625253945；学号：59240608 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$