2025年中考物理专题复习：电功率实验题、计算题综合训练

2025年中考物理专题复习：电功率实验题、计算题综合训练 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、实验题 1．小华同学做“测小灯泡电功率”实验，所用器材：电源、小灯（标有“2.2V”字样且额定功率小于1瓦）、滑动变阻器（“20Ω  1A”或“10Ω  2A”）、电压表、电键及若干导线，所有器材均完好。 (1)小华正确串联实验器材，并将滑片置于变阻器一端，然后将电压表并联在电路中。闭合电键，电压表的示数如图所示。接着移动变阻器的滑片，观察到电压表示数减小直至为零，此时小灯损坏。则他在连接电路时存在的问题是 。 (2)小华换相同规格的小灯重新实验，他连接好电路，并将滑片置于变阻器一端，闭合电键后，发现电压表指针所指位置与图所示一致。接着他移动变阻器的滑片，观察到小灯逐渐变亮，电压表示数逐渐变大。当小灯正常发光时，滑片P的位置恰好在中点上（即变阻器连入电路的电阻为最大阻值的一半）。 Ⅰ求电源电压。 。 Ⅱ通过计算判断所选变阻器的规格，并求出小灯的额定功率。 。 2．如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，瓶中插入温度计a、b. (1)利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入 、初温都相同的煤油．闭合开关一段时间，可以通过温度计 情况，判断电阻丝产生热量的多少．此方案是探究 和时间相同时，电流通过电阻丝产生的热量与 大小的关系． (2)在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲 R乙时，可以比较不同物质的吸热能力．若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体的比热容关系是C甲 (填“大于”“小于”或“等于”)C乙． 3．几个同学在做“测定小灯泡额定功率”的实验时，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为3.8V，阻值约为12Ω。如图所示是小勇同学连接的实物电路。 （1）根据题目要求，把图中的电路补充完整； ； （2）在正确连接电路时，开关必须 ，滑动变阻器的滑片应移至 端（填A或B）。实验时，要使小灯泡正常发光，应调节滑动变阻器使电压表的示数为 V，若此时电流表的示数如图所示，电流为 A，那么小灯泡的额定功率是 W； （3）明明同学分析下表1、2、3次数据，发现三次小灯泡的电阻逐渐增大，你认为造成小灯泡电阻增大的原因是灯丝 发生了变化； 次数 1 2 3 电压/V 2.0 2.5 2.8 电流/A 0.28 0.30 0.31 （4）如图所示，当电压表的示数是1.2V时， 为测量小灯泡的额定功率，闭合开关后，正确的操作为： 。 4．在一次测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率的实验中（电源由三节新干电池串联组成），小明连接了如图甲所示的电路，同组的小红发现电路连接有错。问： （1）如果立即闭合开关，可能会损坏的是 （电流表/电压表）； （2）小明主张拆了以后重新连接，可是时间来不及了，小红眼珠一转，在图示电路中只改变了某根导线一端的接点位置，电路就能测量小灯泡额定功率了。在图甲中找出那条导线打“×”，并用笔画线表示该导线，将该导线改接后使得电路连接正确； （3）排除故障后正确操作实验，测量数据如表所示： 序号 1 2 3 4 5 6 电压 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 电流 0.10 0.16 0.22 0.28 0.34 亮度 不发光 逐渐变亮 分析实验数据可知： ①第5次实验时，电流表的示数如图乙所示，则灯的额定功率为 ； ②以上表格的缺陷是缺少 ； ③第1次实验中，灯泡不发光的原因是 ； ④小灯泡在断电很长一段时间后的电阻可能是 （0Ω/2Ω/5Ω/8.33Ω）； （4）小华打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表（量程可调），通过图中操作（开关S接“a”、“b”各一次）来测量小灯泡的额定功率。图丙、丁是她设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是 （填字母）。 A．两种方案都能 B．两种方案都不能 C．丙方案能，丁方案不能 D．丙方案不能，丁方案能 5．小勇同学做“测定小灯泡的电功率”实验，电源电压且保持不变，滑动变阻器标有“”的字样，所用小灯泡是额定电压为“”和“”中的一个。 （1）小勇连接的电路如图所示，但图中尚有两根导线未连接，用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）在连接电路时，开关应处于 状态。（填“闭合”或“断开”），滑动变阻器上的滑片应移到 端；（填“左”或“右”）； （3）小勇同学在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，则其原因可能是 ； （4）排除故障后移动滑动变阻器的滑片，发现滑片在中点时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图，小灯泡的额定电流为 A，则该实验中所用小灯泡的额定功率为 W； （5）物理老师在上课之前，查阅了该规格小灯泡的I与U的关系部分数据如表所示： 实验次数 1 2 3 4 电压 0.80 1.20 1.40 2.00 电流 0.16 0.23 0.25 0.32 灯泡的电功率 实验过程中，小勇发现无法得到上述表格中的一组数据，请根据所学的知识进行推断应是第 次（填序号）数据，理由是 ，如果想得到表中完整的数据可以采取的相应措施 。 6．小聪做“测量小灯泡电功率”实验，灯泡上标有“2.5V”字样。 (1)用笔画线代替导线将甲图连接完整，要求：当滑片P向右滑动时，灯泡变亮； (2)电路连接正确且无故障，闭合开关，两电表示数如图乙所示，电压表的示数为 V，造成此现象的原因是 ； (3)调整后继续实验，数据如表： 1 2 3 4 5 6 7 电压/V 0.3 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 2.8 电流/A 0.12 0.16 0.21 0.26 0.30 0.32 0.33 小灯泡的额定功率为 W； (4)根据实验数据在图丙中画出灯泡的电流与电压的关系图像 ，由图像可知，当灯泡两端电压为1.8V时，通过灯泡的电流为 A； (5)小明小组在做此实验的过程中，正确连接电路，无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，请对这一现象产生的原因提出合理的猜想 。 7．如图是探究电流通过导体此时热的多少跟什么因素有关的实验装置，将四段电阻丝a、b、c、d分别密封在完全相同的盒内，盒内封闭一定量的空气，其中图乙中另取5Ω电阻在盒外与盒内电阻并联。 （1）盒内封闭一定量的空气的优点是 ，在实验中电流通过电阻产生热量的多少是通过观察 来比较的； （2）图甲可探究电流产生的热量与 的关系，图乙可探究电流产生的 的关系； （3）图乙中右侧盒外连接的5Ω电阻，它的作用是 ； （4）物理研究方法有很多，本实验运用了两种方法：一是 法；二是转换法； （5）通电一段时间，发现其中一个U形管液面高度几乎不变，则出现该现象的原因可能是 。 8．小颖小组在做“测量小灯泡电功率”的实验中，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V），小灯泡L（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω），电流表、电压表、开关、规格分别为“10Ω  1A”的滑动变阻器和“50Ω  0.5A”的滑动变阻器各一个，导线若干． （1）请用笔画线代替导线，帮小颖将如图甲中的电路连接完整． ( ) （2）为了顺利完成实验，小颖应选用规格为 （选填“”或“”）的滑动变阻器． （3）连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因可能是 （4）移动滑动变阻器滑片P的位置．获得多组对应的电压值和电流值，绘制小灯泡图象如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W. （5）小颖小组通过分析认为，如果增加已知阻值的定值电阻，只利用一只电流表，通过简单操作（开关S接“a”、“b”各一次）也能测量小灯泡的额定功率，如图丙、丁是他们设计的两种电路图，其中能完成测量的是电路图 ． 二、计算题 9．在家庭实验室，小聪学习使用电熨斗，如图为一款有高温、低温两档的家用电熨斗，部分参数见下表． 额定电压 220V 高温档额定功率 1500W 低温档额定功率 500W 整体质量 1.2kg 请回答： （1）电熨斗平放在水平桌面上，它与桌面的接触面积为9.8×10﹣3m2，则电熨斗对桌面的压强有多大？（g＝9.8N/kg） （2）使用高温档时，通过电熨斗的电流是多少？（结果保留一位小数） （3）电烫斗在一次使用中，高温档工作累计30min，低温档工作累计15min，求此次使用中一共消耗多少电能？ 10．如图是某晾衣机的工作电路图，电源电压U=220V，其中R是发热电阻。当开关 S1闭合、S2断开时，晾衣机开启风干功能，其额定功率P1=44W，当开关 S1、S2均闭合时，晾衣机开启烘干功能，通过R的电流I2=1A，求∶ （1）使用风干功能时通过电动机的电流； （2）发热电阻R的阻值； （3）使用烘干功能时电阻R在1min内产生的热量； （4）使用烘干功能1h消耗的电能。 11．如图所示电路，电源电压恒定，小灯泡L标有“3V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化而变化）。当同时闭合S1和S2时，小灯泡正常发光；闭合S1，断开S2时，电流表示数为0.3A。求： （1）电源电压； （2）定值电阻R0的阻值； （3）同时闭合S1和S2时，通电1min电路产生的总热量。 12．在物理综合实践活动中，小明和同学们合作测量热水器的加热效率，如图甲所示为家中热水器的简化电路图，是手动开关，置于热水器外部；是温控开关，置于热水器内部，当水温低于65℃时自动闭合，达到65℃时自动断开，与均为用来发热且阻值不变的电热丝。使用时手动闭合开关，电热水器开始工作。如图乙所示为该电热水器的部分参数。 （1）该热水器正常工作时，电热丝的阻值是多少？ （2）假设关闭家中的其他所有用电器，只让该热水器接入电路烧水一段时间后，水箱中水温升高10℃，观察到家中电能表上（如图丙所示）的转盘转了2000转，求此时热水器的加热效率。 13．海洋表层海水和深层海水之间存在着20℃以上的温差，据测算，全球热带海洋的水温只要下降1℃，就能释放出1200亿千瓦的能量。图甲是我国首套20kW海洋漂浮式温差能发电装置搭载“海洋地质二号”船在南海成功完成海试图，图乙是海洋温差发电系统的原理图。蒸发器中液态的工作物质（氨）从表层温水中吸热，汽化为高压蒸汽，蒸汽推动涡轮机转动，带动发电机发电。完成发电后的气态工作物质在冷凝器中向深层低温海水放热，重新变为液态，再送回蒸发器循环使用。发电机的参数如表所示（g取10N/kg） 电灯： 额定发电功率 40kW 额定发电电压 400V 线圈电阻 0.1Ω 净重 100kg 底部面积 0.05m2 (1)该发电机正常发电5h，产生的电能是多少? (2)发电机正常工作时，线圈电阻每秒钟产生的热量为多少J?如发电机的线圈用超导材料制作，则该发电系统的输出功率将提高百分之多少? (3)已知煤电转换关系为β＝380g/（kW⋅h），，如果用烧煤的方法来发电，则这台发电机1h产生的电能需要烧多少千克煤? 14．有两个电阻，阻值分别为4 Ω和6 Ω，先把它们串联起来接在3 V的电池组两极间，求每分钟电流通过各个电阻所做的功和整个电路的总功；再把它们并联起来接在同样的电源上通1 min，电流通过整个并联电路做的总功是多大？ 15．如图所示的电路，电源电压大小保持不变，电阻的阻值为10Ω，的阻值为20Ω，滑动变阻器的规格为“50Ω，0.5A”。则： (1)只闭合开关，电流表的示数为0.2A，则电源电压大小为多少V？ (2)只闭合开关，将滑动变阻器的滑片调到最左端，此时电流表和电压表的示数分别为多少？ (3)将、、都闭合，移动滑片位置，使电流表的示数为0.5A，此时滑动变阻器接入电路的阻值为多少Ω？滑动变阻器消耗的电功率为多少W？ 16．如图所示，电源电压保持不变，灯泡L标有“6V；3W”字样，滑动变阻器的阻值变化范围为0～50Ω，定值电阻的阻值为5Ω。（灯丝的电阻不随温度变化） （1）小灯泡L的阻值为多少？ （2）当S、和都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，小灯泡L刚好正常发光，此时电流表的示数为多少？ （3）当滑动变阻器的滑片滑到b端，并保证电流表有示数时，开关应怎样闭合或断开才能使电路的总功率最小，该最小功率为多少？ 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2025年中考物理专题复习：电功率实验题、计算题综合训练》参考答案 1．(1)电压表并联在滑动变阻器两端 (2) 6V 0.836W 【详解】（1）正确连接实验器材，正确操作时滑片应处于阻值最大那端。由图可知电压表的示数可能是1V或5V，所以移动滑片应减小变阻器连入阻值，变阻器两端电压减小，灯泡电压增大。但题中观察到电压表示数减小直到为0，说明电压表不是测灯泡两端电压，而是测滑动变阻器两端电压，所以灯泡电压增大，以致超过其额定电压烧坏灯泡。 （2）[1]移动变阻器的滑片，观察到小灯逐渐变亮，电压表示数逐渐变大，说明此时的电压表测灯泡两端电压，即UL=1V；因为器材完全一致，在（1）中电压表测变阻器电压时，示数应为5V，若是1V，总电压 U=UL+U变=1V+1V=2V 而灯泡额定电压2.2V，则灯泡无法正常工作，不合题意；由此可知电源电压为 U=UL+U变=1V+5V=6V [2]灯泡正常发光的电流为 若使用“10Ω  2A”的滑动变阻器，灯泡正常发光时，电路中电流为 此时电路中电流大于灯泡的额定电流，不符合题意；若使用“20Ω  2A”的滑动变阻器，灯泡正常发光时，电路中电流为 所以小灯泡的额定功率为 2． 质量 升高示数 电流 电阻 等于 小于 【详解】(1) 电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过瓶内煤油温度的变化来反映，因此在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油，闭合开关一段时间，可以通过温度计升高情况，判断电阻丝产生热量的多少．由图的装置中，甲、乙两瓶中电阻丝串联，根据串联电路的电流特点可知，通过两个电阻电流相等，即I甲I乙，通电时间相同，故探究的是电流产生的热量跟电阻大小的关系；(2)探究“不同物质的吸热能力”的实验,则在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，并使甲乙两烧瓶中电阻丝的阻值相同．即电阻丝的阻值R甲R乙时，相同的时间两电阻丝上产生的热量相同；温度计a比温度计b温度升高得快，则说明甲的比热容小于乙的比热容． 【点睛】电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；电流产生的热量跟电流的大小、电阻的大小、通电时间有关，由控制变量法分析实验目的；根据控制变量法的要求控制不同液体的质量与电阻丝阻值相同；相同质量的不同物质吸收相等的热量，温度升高越快，吸热能力越弱，比热容越小． 3． 断开 B 3.8 0.28 1.064 温度 见解析 【详解】（1）[1]电流表量程的选择，已知灯泡的额定电压为3.8V，阻值约为12Ω，所以通过灯泡的电流约为 小于0.6V，故电流表选择0~0.6A量程。滑动变阻器按一上一下连接，如图所示 （2）[2][3]为了保护电路，连接电路时，应将开关处于断开状态，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑到最大阻值处，即滑片移到B端。 [4][5]因为小灯泡的额定电压为3.8V，要使小灯泡正常发光，应调节滑动变阻器使电压表的示数为3.8V，电流表的量程为0 ~ 0.6A，分度值为0.02A，因此此时电流I1 = 0.28A。 [6]小灯泡的额定功率为 P额= U额I1= 3.8V×0.28A = 1.064W （3）[7]灯丝亮度大时，其温度也高，灯丝电阻会随温度的升高而增大，这便是造成亮度不同时灯丝电阻不同的原因。 （4）[8]由图可知：电源由两节干电池串联，即电源电压为3V，小于小灯泡的额定电压，不能测额定电压为3.8V小灯泡的额定功率。 电压表测小灯泡两端的电压，示数为1.2V，小于小灯泡的额定电压，为测量小灯泡的额定功率，需要使小灯泡两端的电压等于额定电压3.8V。 正确的操作是： ①断开开关，增加电源电压，使之大于3.8V，例如增加一节干电池，使三节干电池串联，此时电源电压为4.5V，才能满足测额定电压为3.8V小灯泡的额定功率。 ②根据串联电路的分压原理可知，闭合开关，将滑片向右移动，使电压表的示数为3.8V，记下对应电流表的示数。 4． 电压表 0.75W 电压和电流的单位 灯的实际功率过小 2Ω D 【详解】（1）[1]原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中测电源电压，电源电压为 U=3×1.5V＝4.5V 因电源电压超过电压表的量程，故如果立即闭合开关，可能会损坏的是电压表。 （2）[2]电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联，改正后如下所示： （3）[3]第5次实验时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则灯的额定功率为 P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W [4]以上表格的缺陷是缺少电压和电流的单位。 [5]第1次实验中，灯的实际功率为 P1＝U1I1＝0.5V×0.10A＝0.05W 灯的亮度由灯的实际功率决定，故第1次实验中，灯泡不发光的原因是灯的实际功率过小。 [6]由表中第1组实验数据可知，此时灯泡电阻为 灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电很长一段时间后温度下降，电阻变小，但仍有电阻，则电阻小于5Ω大于0Ω，因此可能是2Ω。 （4）[7]图丙中，无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，丙方案不能测定小灯泡的额定电功率；丁方案中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接a时，电压表测定灯泡两端的电压，可调节滑动变阻器使电压表的示数为2.5V，此时灯泡正常发光； 控制变阻器的滑片位置不动，当S接b时，电压表测灯和定值电阻的总电压，从而可计算出定值电阻两端的电压，由欧姆定律计算出电路中的电流，即灯的额定电流，根据P＝UI可得出灯的额定功率，所以，丁方案能测出小灯泡的额定功率。故ABC错误，D正确。 故选D。 5． 断开 左 小灯泡短路 0.3 1 见解析 见解析 【详解】（1）[1]根据题意可知，测定小灯泡的电功率的实验，电路设计要求电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压，因2节干电池，电源电压为3V，所以电压表选择小量程，如图所示： （2）[2]连接电路时，为了电路元件安全，开关应该断开。 [3]为了电路元件安全，滑动变阻器上的滑片应移到阻值最大处，即最左端。 （3）[4]小灯泡始终不亮，电流表有示数，说明故障类型是短路，电压表无示数，则故障可能是小灯泡短路。 （4）[5][6]根据题意可知，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值的一半，即4Ω，由题图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则电路中的电流为0.3A，滑动变阻器两端电压 小灯泡两端电压是 故灯泡的额定电压为1.8V，小灯泡的额定功率 （5）[7][8][9]电源用的是2节新干电池，即电源电压为3V；由串联电路的分压原理知，当灯泡电压最小时，滑动变阻器连入阻值最大，电路中的电流最小。由实验数据知，当灯泡两端的电压为0.8V时，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器的电压应为 由欧姆定律，则滑动变阻器的电阻应为 而滑动变阻器的最大阻值为8Ω，故无论如何移动滑动变阻器，灯泡电压达不到0.8V，所以不能得到的数据应是第1次实验。如果想得到表中完整的数据，可以采取的相应措施是更换一个阻值至少为13.75Ω的滑动变阻器。 6．(1) (2) 2.7 滑动变阻器接入电路的电阻较小 (3)0.8 (4) 0.28 (5)电源电压太小 【详解】（1）当滑片P向右滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大，电阻变小，故变阻器应选右下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示： （2）[1]闭合开关，两电表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.7V。 [2]图乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A；电源电压为3V，而电压表示数为2.7V，电流表和电压表示数偏大，造成此现象的原因是滑动变阻器接入电路的电阻较小。 （3）由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.32A，小灯泡额定功率为 P=UI=2.5V×0.32A=0.8W （4）[1]据表中数据在坐标系中描点，画出图像，如图所示： [2]由图分析可知，当灯泡两端电压为1.8V时，通过灯泡的电流为0.28A。 （5）无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，即灯的电压不能达到额定电压，可能是电源电压太小，使得小灯泡两端电压始终小于2.5V，或者滑动变阻器最大阻值太小，使得小灯泡两端电压始终大于2.5V。 7． 空气受热容易膨胀，便于实验观察 两个U形管中液面的高度 电阻 热量与电流 使电阻c、d中的电流不相等 控制变量 空气盒气密性不好 【详解】（1）[1][2]在实验中电流做功多少是通过观察气球膨胀程度大小来体现的，因此盒内封闭一定量的空气的优点空气受热容易膨胀，便于实验观察；在实验中电流通过电阻产生的热量多少是通过观察U型管内左右两侧液面高度大小来比较的。 （2）[3]由图甲可知，两个盒中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系。 [4]由图乙可知，两个相同的电阻串联在电路中，通电时间和电阻相同，当给其中一个并联一个电阻时，电阻的电流改变，探究电流产生热量与电流关系。 （3）[5]因为并联电路中的电阻比任何一个电阻都小，当乙图中右侧盒外连接的5Ω电阻后，右侧5Ω的电阻分压较小，由此可知，右侧电阻的电流减小，因此乙图中右侧盒外连接的5Ω电阻的作用是改变右侧电阻的电流，使电阻c、d中的电流不相等。 （4）[6]本实验运用控制变量法，探究电流产生热量与电流和电阻的关系。 （5）[7]由Q=I2Rt可知，两根电阻丝在相同时间内产生的热量不同，则U形玻璃管中应该出现液面高度差；而其中一个U形玻璃管中液面高度几乎不变，说明与此相连的空气盒气密性不好。 8． 小灯泡断路 丙 【详解】(1)[1]小灯泡L额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示： (2)[2]电源（电压恒为6V），小灯泡L（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω），由欧姆定律，灯的额定电流约为： 根据串联电路电压的规律，灯正常发光时变阻器的电压为： 由欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻： 从电阻和电流大小考虑；应选用规格为的滑动变阻器； (3)[3]接通电路后，发现电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，则与电压表并联的电路断路；即小灯泡断路； (4)[4]根据绘制小灯泡图象知，灯在额定电压下的电流为0.25A，小灯泡的额定功率为： (5)[5]图丙中，干路开关闭合，S接b，电流表测电阻的电流，灯与电阻并联，当电流表示数为 时，由欧姆定律和并联电路电压的规律，灯的电压为2.5V，灯会正常发光；当S接a时，电流表测量的是干路中的电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流关系可以求出灯泡的额定电流，根据能求出灯泡的额定功率，故图丙可以；图丁中，S接b时，测的是灯泡的电流，接a时，测量通过的电流，不能确定灯是否正常发光，故不能求出灯的额定功率，故图丁不可以。 9．（1）1200Pa；（2）6.8A；（3）3.15×106J 【详解】（1）电熨斗平放在水平桌面上，对桌面的压力： F＝G＝mg＝1.2kg×9.8N/kg＝11.76N， 电熨斗对桌面的压强： ； （2）由P＝UI可得，使用高温档时通过电熨斗的电流： （3）由 可得，此次使用中一共消耗的电能： W＝W高+W低＝P高t高+P低t低＝1500W×30×60s+500W×15×60s＝3.15×106J． 答：（1）电熨斗对桌面的压强为1200Pa； （2）使用高温档时，通过电熨斗的电流是6.8A； （3）此次使用中一共消耗3.15×106J的电能． 10．（1）0.2A；（2）220Ω；（3）1.32×104J；（4）9.504×105J 【详解】解：（1）由题可知使用风干功能时，电动机单独工作，由电功率公式P=UI变形可得，此时通过电动机的电流 （2）当开关 S1、S2均闭合时，发热电阻与电动机并联，晾衣机开启烘干功能，通过R的电流I2=1A，由欧姆定律可得电阻R的阻值 （3）电阻R在1min内产生的热量 Q=I2Rt=(1A)2×220Ω×60s=1.32×104J （4）使用烘干功能时通过干路的电流 I=I1+I2=1A+0.2A=1.2A 使用烘干功能1h消耗的电能 W=UIt' =220V×1.2A×3600s=9.504×105J 答：（1）使用风干功能时通过电动机的电流为0.2A； （2）发热电阻R的阻值为220Ω； （3）使用烘干功能时电阻R在1min内产生的热量为1.32×104J； （4）使用烘干功能1h消耗的电能为9.504×105J。 11．（1）3V；（2）10Ω；（3）234J 【详解】解：（1）由图知，闭合S1和S2时，L与R0并联，小灯泡正常发光，根据并联电路的电压特点可知，电源电压 U＝UL＝3V （2）当闭合S1，断开S2时，电路为R0的简单电路，电流表测R0的电流，由欧姆定律可得R0的阻值 （3）闭合S1和S2时，L与R0并联，灯泡正常发光，由P＝UI可得，此时通过灯泡的电流 此时干路中的电流 I＝IL+I0＝1A+0.3A＝1.3A 通电1min电路产生的总热量 Q＝W＝UIt＝3V×1.3A×60s＝234J 答：（1）电源电压为3V； （2）定值电阻R0的阻值为10Ω； （3）同时闭合S1和S2时，通电1min电路产生的总热量为234J。 12．（1）200Ω；（2）63% 【详解】解：（1）当开关闭合，断开时，电路中只有单独工作，此时电路处于保温状态，则的阻值 （2）电热水器消耗的电能 水箱中水温升高10℃吸收的热量 热水器的加热效率 答：（1）该热水器正常工作时，电热丝的阻值是200Ω； （2）此时热水器的加热效率63%。 13．(1) (2)    (3) 【详解】（1）发电机的额定功率为40kW，工作5h产生的电能 （2）发电机正常工作时的电功率，其额定发电电压为400V，则额定电流 根据焦耳定律计算可知，线圈电阻每秒产生的热量为 如果换为超导体材料，则电阻为零，而原本电阻的功率也将转化为发电功率，即 输出功率相较于之前的功率 提高了 （3）该发电机发电功率，工作1h产生的电能 煤电转换关系为β＝380g/（kW⋅h），则煤的质量 14．21.6 J  32.4 J  54 J  225 J 【详解】R1与R2串联时， I1=I2="I=0.3" A W1=I12R1t="(0.3" A)2×4 Ω×60 s="21.6" J W2=I22R2t="(0.3" A)2×6 Ω×60 s="32.4" J 总功W总=W1+W2="21.6" J+32.4 J="54" J R1与R2并联时 总功W总′=="225" J． 思路分析：两电阻串联，则可求得串联后的总电阻，由欧姆定律即可求得电源电压； 两电阻并联后，由并联电路的电阻规律可求得总电阻，则由欧姆定律可求得总电流，由功率公式P= 求得R2消耗的电功率． 试题点评：本题考查串并联电路的规律及电功率的求法，注意合理选择功率公式 15．(1)6V (2)0.6A，0V (3)，1.2W 【详解】（1）只闭合开关，、串联，电压表测电压，电流表测电路电流，则电源电压大小为 （2）只闭合开关，、串联，电压表测电压，电流表测电路电流。将滑动变阻器的滑片调到最左端，，根据串联分压原理可知电压表的示数为0V，电流表示数为 （3）将、、都闭合，、并联，R1短路，电流表测干路电流，移动滑片位置，使电流表的示数为0.5A。电流为 根据并联电流规律，此时电流为 则此时滑动变阻器接入电路的阻值为 滑动变阻器消耗的电功率为 16．（1）12Ω；（2）1.7A；（3）当开关S、S1闭合S2断开时，才能使电路的总功率最小；该最小功率为0.58W 【详解】解：（1）灯泡L的阻值 （2）当S、S1和S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡L和电阻R2并联，小灯泡L刚好正常发光，根据并联电路电压的规律知电源电压为 U=U2=UL=6V 通过灯泡L的电流 通过电阻R2的电流 根据并联电路电流的规律知，此时电流表的示数为 I=IL+I2=0.5A+1.2A=1.7A （3）电源电压不变，根据可知，电路中的总电阻最大时，总功率最小。则当开关S、S1闭合S2断开时，滑动变阻器的滑片滑到b端时，R1和灯泡串联，此时电路的总电阻最大，总功率最小，电路的总功率 答：（1）小灯泡L的阻值为12Ω； （2）当S、S1和S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，小灯泡L刚好正常发光，此时电流表的示数为1.7A； （3）当滑动变阻器的滑片滑到b端，并保证电流表有示数时，当开关S、S1闭合S2断开时，才能使电路的总功率最小；该最小功率为0.58W。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$