云南省玉溪市2024-2025学年高二上学期期末教学质量检测物理试题

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1~8 题只有一项符合题目要求；第 9~12 题有多项符合题目要求，全部选对的得 4 分，选对但不全 的得 2 分，有选错的得 0 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 A D A B D C C B BC BD AD ACD 【解析】 1．保持不变的是角速度，其他三个方向均在发生变化。故选 A。 2．因飞机匀速下降，其减少的机械能等于重力势能减少量，故选 D。 3．竖直高度越大，飞行时间越长，故 1 2t t ，因水平位移相等，可得 1 2v v 。故选 A。 4．据 2 20 2t ax v v 可得 2 2 015 2 9 37.5    v ，解得 0 30m/sv 。故选 B。 5．据 21 2 x at 可得 A A B B a x a x  ，因两车合外力大小相等，可得 A B B B A A m a x m a x   ，故选 D。 6．O点左侧从 A点运动到O点的过程中，加速度不断减小，越过O点后加速度不断增大，故 C 有可能。 7．如图所示，画出 a、b、c 三点电流产生的磁感应强度，结合两 个磁感应强度的夹角可得 1 2 3B B B  ，故选 C。 8．卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，有 2 2 MmG m r r  v ，可 得 GM r v 。对卫星 a： 2a GM R v ；对卫星 b： 2 4b GM R v ，可得 1a b  v v ，故选 B。 9．根据左手定则可知 B、C 正确。 10．画出 A、B 的受力图，据平衡条件可得 tan 30 tan 45A Bm g m g  ，解得 3A B m m  。对 A、B 整体受力分析可得 sin 30 sin 45A BF F  ，解得 2A B F F  。故选 BD。 高二物理参考答案·第 2 页（共 5 页） 11．根据电流流向可知，电容器左极板电势高，故左极板带正电，故 A 正确。因 1 2R R r  ， 电容器两端电压为 3 E ，因此电容器带电量为 1 3 CE ，故 B 错误。将开关 S 断开电路稳定后， 电容器两端电压等于电源电动势，带电量为 CE，增加了 2 3 CE ，故 C 错误，D 正确。 12．小球竖直方向加速度为 g，竖直方向据运动学规律可得 2 2y gLv ， y gtv ， 2 yL t v ；水 平方向，据运动学规律可得 20 32 4 a L v ， 0 atv ， 0 3 4 2 L t v ；可得 0 3 3 2 4 4y gL v v ， 2 k0 0 1 9 2 16 E m mgL v ，故 B 错误。由上述相关式子可得 3 4 qEa g m   ，可得 3 4 mgE q  ，故 A 正确。P、B 两点之间的电势差为 3 4 16 L mgLU E q     ，故 C 正确。若小球从 BC 边中点 射出，竖直方向： 21 1 2 2 L gt ， 21 2 2y Lgv ；水平方向： 21 1 1 1 2 L t at v ， 1 1 1x at v v ；小 球出电场时的动能为 2 2k 1 1 1 ( ) 2 x y E m v v ，解得 k 89 128 E mgL ，故 D 正确。 第Ⅱ卷（非选择题，共 52 分） 二、填空、实验题（本大题共 2 小题，共 14 分） 13.（每空 2 分，共 6 分） （1）BC （2）0.41 0.39 【解析】（2） P 0.1 9.8 0.42J 0.41JOBE mgh      ； 2 0 11.2 10 m/ s 2.8m/ s 2 2 0.02B s T      v ， 2 k 1 0.39J 2 B E m  v 。 14.（每空 2 分，共 8 分） （1）2700 0.50 （2）2.96 2.00 高二物理参考答案·第 3 页（共 5 页） 【解析】（1） g g 1( )U I R R  ，解得 1 2700R  ； g g 2RI R I R ， g 600mARI I  ，解得 2 0.50R  。 （ 2）由闭合电路欧姆定律可得 U E Ir  ，可知 2.64 1.92 2.00 0.52 0.16 Ur I          ， (2.64 0.16 2.00)V 2.96VE U Ir      。 三、计算题（本大题共 3 小题，共 38 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 15.（12 分） 解：0~4s 内 10.8mg mg ma  ① 2 1 1 1 1 2 x a t ② 1 1 1a tv ③ 4s~6s 内，消防员做匀速运动 2 1 2x t v ④ 6s 以后： 21.4mg mg ma  ⑤ 2 1 2 32a xv ⑥ 1 2 3h x x x   ⑦ 解得 40mh  ⑧ 评分标准：本题共 12 分。正确得出①、②、③、⑥式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 16.（10 分） 解：（1）小球静止，可得 1 2 mg mg qE  ① 解得 3 2 mgE q  ② 高二物理参考答案·第 4 页（共 5 页） （2）若小球恰好能通过最低点 2 qE mg m L   v ③ 最高点到最低点，据动能定理可得 2 2 0 1 12 2 2 2 mg L qE L m m    v v ④ 解得 0 10 2 gL v ⑤ 故应满足 0 10 2 gL ≥v 评分标准：本题共 10 分。正确得出①~⑤式各给 2 分。 17．（16 分） 解：（1）质子在电场中加速过程 2 0 1 2 qEL m v ① 质子进入磁场后做匀速圆周运动运动 2 0 0q B m R  vv ② 据几何关系可知 R L ③ 解得 2 2 qB LE m  ④ （2）质子运动轨迹如图所示，据几何关系可得 2 2 2 1 12 Lr L r       ⑤ 解得 1 5 4 r L ⑥ 1 sin L r   ⑦ 质子在磁场中运动的时间 高二物理参考答案·第 5 页（共 5 页） 360 t T ⑧ 2πmT qB  ⑨ 解得 53π 180 mt qB  ⑩ （3）设质子释放点的坐标为 ( )P x y， 21 2 qEx m v ⑪ 粒子在磁场中做圆周运动 2 q B m r  vv ⑫ 据几何关系可得 2 2 tany r r L L     ⑬ 2 2 tan L r L    ⑭ 解得 L L x Ly Lx L x L x L x L        （ ） （ ） （ ） ⑮ 评分标准：本题共 16 分。正确得出⑬式给 2 分，其余各式各给 1 分。