选择题提速练1(Word练习)-【精讲精练】2025年高考物理二轮专题辅导与训练

一、选择题提速练 提速练(1) 一、单选题 1．(2024·山东青岛一模)某兴趣小组对劈尖干涉条纹进行研究时将两平板玻璃叠放，在右端夹入一薄片，如图所示。当波长为λ的可见光从玻璃板正上方入射后可观察到明暗相间的条纹，a、b两点均为暗条纹中心位置，a、b间共有n条亮纹，则a、b两处空气劈的厚度差为(　　) A．n　　　　　　 B．(n－1) C．nλ D．(n－1)λ 解析　由于从空气膜上下表面分别反射的两列光形成干涉，所以光程差为Δx＝2d(d为空气劈的厚度)；当Δx＝(2n′＋1)时出现暗条纹，则此时2d＝(2n′＋1)，d＝，那么相邻的两条暗条纹满足Δx′＝2d′＝λ，d′＝，所以厚度差为d′－d＝。由于a、b间共有n条亮纹，则a、b两处空气劈的厚度差为Δd＝n(d′－d)＝n，故选A。 答案　A 2．(2024·九省联考)下图为两单摆的振动图像，θ为摆线偏离竖直方向的角度(θ＜5°)。两单摆的摆球质量相同，则(　　) A．摆长之比＝ B．摆长之比＝ C.摆球的最大动能之比＝ D．摆球的最大动能之比＝ 解析　根据两单摆的振动图像知，两单摆的周期之比为2∶3，根据单摆周期公式T＝2π，T2＝L＝kL，故有摆长之比＝＝，故A、B错误；两个单摆的摆球完全相同，摆线的最大摆角相同，从最高点到最低点，由动能定理有mgL(1－cos θ)＝Ek，故摆球的最大动能之比＝＝，故C错误，D正确。 答案　D 3．如图所示，水平地面上有三个靠在一起的物块P、Q和R，质量分别为m、2m和3m，物块与地面间的动摩擦因数都为μ。用大小为F的水平外力推动物块P，记R和Q之间相互作用力与Q和P之间相互作用力大小之比为k。下列判断正确的是(　　) A．若μ≠0，则k＝ B．若μ≠0，则k＝ C．若μ≠0，则k＝ D．若μ＝0，则k＝ 解析　若μ≠0，对整体，由牛顿第二定律有F－μ·6mg＝6ma，隔离R，对其进行受力分析，由牛顿第二定律有FQR－μ·3mg＝3ma，隔离QR，对其进行受力分析，由牛顿第二定律有FPQ－μ·5mg＝5ma，联立解得k＝，选项A、B错误；若μ＝0，对整体进行受力分析，由牛顿第二定律有F＝6ma，隔离R，对其进行受力分析，由牛顿第二定律有FQR＝3ma，隔离QR，对其进行受力分析，由牛顿第二定律有FPQ＝5ma，联立解得k＝，选项C错误，D正确。 答案　D 4．(2024·湖南岳阳校联考)如图所示，虚线Ⅰ、Ⅱ分别表示地球卫星的两条轨道，其中轨道Ⅰ为近地环绕圆轨道，轨道Ⅱ为椭圆轨道。起初卫星在轨道Ⅰ上运行，经过a点成功变轨进入轨道Ⅱ，b点为轨道Ⅱ的远地点，b点与地心的距离为轨道Ⅰ半径的2倍，卫星在轨道Ⅱ上运行时经过a点的速率为va，经过b点的速率为vb，则(　　) A．卫星在轨道Ⅰ上经过a点变轨进入轨道Ⅱ时应减速 B．在轨道Ⅱ上，卫星在b点的机械能小于在a点的机械能 C．vb＝2va D．卫星在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上运行的周期平方之比为8∶27 解析　依题意，卫星在轨道Ⅰ上经过a点变轨进入轨道Ⅱ时属于从低轨道向高轨道变轨，做离心运动，应加速，故A错误；在轨道Ⅱ上，卫星只受万有引力作用，其机械能守恒，所以在b点的机械能等于在a点的机械能，故B错误；卫星在轨道Ⅱ上运动，a点为近地点，b为远地点，根据开普勒第二定律可知va＞vb，故C错误；设轨道Ⅰ的轨道半径为r，则轨道Ⅱ的半长轴为，由开普勒第三定律，有＝，解得＝，故D正确。 答案　D 5．(2024·厦门一模)2021年2月24日，天问一号探测器进入火星停泊轨道，计划于今年5月开展火星着陆、巡视等任务。如图所示，天问一号在着陆火星前将先从高空圆轨道Ⅰ变轨至低空圆轨道Ⅱ。已知火星半径为R，火星的质量为M，轨道Ⅰ距火星表面高度为h1，轨道Ⅱ距火星表面高度为h2，引力常量为G，下列说法正确的是(　　) A．天问一号在轨道Ⅰ的线速度大小为 B．天问一号在轨道Ⅱ的运动周期为2π C．天问一号在轨道Ⅰ、Ⅱ的向心加速度大小的比值为2 D．天问一号在轨道Ⅰ加速才能变轨至轨道Ⅱ 解析　天问一号绕火星做圆周运动的向心力由万有引力提供，则G＝m＝mr＝ma 由v＝ ，天问一号在轨道Ⅰ的线速度大小为v＝ ，选项A错误； 根据T＝2π ，则天问一号在轨道Ⅱ的运动周期为T＝2π ，选项B正确； 根据a＝，天问一号在轨道Ⅰ、Ⅱ的向心加速度大小的比值为＝2，选项C错误； 天问一号在轨道Ⅰ减速做向心运动才能变轨至轨道Ⅱ，选项D错误。 答案　B 6．(2024·陕西宝鸡统考一模)如图所示，圆形区域内存在一匀强磁场(图中未画出)，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向里，一带正电荷的粒子沿图中直线以速率v0从圆周上的a点射入圆形区域，从圆周上b点射出(b点图中未画出)磁场时速度方向与射入时的夹角为60°，已知圆心O到直线的距离为横截面半径的一半。现将磁场换为平行于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直线从a点射入圆形区域，也从b点离开该区域，若不计重力，则匀强电场的场强大小为(　　) A．　　　　　　　 B． C． D． 解析　设圆形区域半径为R，粒子在匀强磁场中运动轨迹为圆，分析几何关系知，圆心一定在入射方向的垂线上，由于速度的偏向角为60°，因此圆心角为60°，又圆心O到直线的距离为横截面半径的一半，可知直线与aO连线的夹角为30°，故粒子的运动半径为2R，出射时距离直线的距离为2R sin 30°＝R，qv0B＝m，换为平行于纸面且垂直于直线的匀强电场后，粒子做类平抛运动，沿直线方向匀速运动2R cos 30°＝v0t，垂直直线方向做匀加速直线运动2R sin 30°＝at2，Eq＝ma，联立解得匀强电场的场强大小为E＝，故选A。 答案　A 7．(2024·苏州三模)如图所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad平行于横坐标轴，ab的延长线过原点，dc平行于纵轴，以下说法错误的是(　　) A．从状态d到c，气体对外做功，气体吸热 B．从状态c到b，外界对气体做功，气体放热 C．从状态b到a，气体对外做功，气体吸热 D．从状态a到d，气体对外做功，气体吸热 解析　从状态d到c，气体发生等温变化，根据＝C，得知压强减小，因此体积变大，气体对外做功，根据ΔU＝W＋Q，内能不变，因此气体吸收热量，故A正确，但不符合题意；在p-T图像中，斜率倒数表示体积的大小，从状态c到b与O点连线的斜率增加表示体积减小，外界对气体做功，温度降低，内能减小，根据ΔU＝W＋Q，可得气体一定对外放热，故B正确，但不符合题意；从状态b到a，气体等容变化，气体对外界不做功，但温度升高，内能增大，故吸收热量，故C错误，符合题意；从状态a到d，气体发生等压变化根据＝C，可得温度升高，体积变大，气体对外做功，由ΔU＝W＋Q，温度升高，内能增大，可得气体吸热，故D正确，但不符合题意。 答案　C 二、多选题 8．(2024·河北沧州联考)甲、乙两列在同一介质中沿x轴正方向传播的简谐横波，在t＝0时刻的部分波形图如图所示，该时刻两列波的波峰正好在x＝5.0 m处重合。已知两列波的波速均为v＝5.0 m/s。下列说法正确的是(　　) A．t＝0时刻，甲波上x＝3.0 m处的质点沿y轴正方向振动 B．乙波的周期为1.6 s C．t＝0时刻，x＝45 m处也为两列波的波峰重合的位置 D．0～1 s内，x＝5.0 m处的质点沿x轴正方向移动了5 m 解析　根据“同侧法”，可知甲波上x＝3.0 m处的质点沿y轴负方向振动，A错误；由题图可知乙波的波长为8 m，则乙波的周期T＝＝ s＝1.6 s，B正确；甲波的波长为5 m，则两列波波长的最小公倍数为S＝40 m，两列波的波峰重合处的所有位置为x＝(5±40 n) m(n＝1，2，3，…)，C正确；质点不随波迁移，D错误。 答案　BC 9．在如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数之比为1∶2，两个相同灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路中的有效阻值均为R＝5 Ω(不考虑灯泡电阻随温度的变化)，两电表均为理想交流电表，电源输出电压的表达式为u＝120sin 100πt(V)。下列说法正确的是(　　) A．L1、L2两灯泡消耗的功率之比为2∶1 B．电流表的示数为8 A C．电源的输出功率为1 900 W D．当滑动变阻器的滑片向下滑动，电压表的示数变大 解析　设电流表示数为I2，副线圈两端的电压为U2＝2I2R，原线圈两端的电压U1＝U2＝U2，原线圈电流I1＝I2＝2I2，L1、L2两灯泡消耗的功率之比为＝＝，选项A错误；电源输出电压的有效值U＝120 V，由闭合电路欧姆定律得U＝I1R＋U1，代入数据解得I1＝16 A，I2＝8 A，选项B正确；电源的输出功率P＝I1U＝1 920 W，选项C错误；当滑动变阻器的滑片向下滑动时，变压器负载电阻变大，输出电流I2减小，I1减小，电压表的示数变大，选项D正确。 答案　BD 10．(2024·天津河西二模)某同学设计了一个电容式风力传感器，如图所示。将电容器与静电计组成回路，P点为极板间的一点。可动电极在风力作用下向右移动，风力越大，移动距离越大(可动电极不会到达P点)。若极板上电荷量保持不变，则下列说法正确的是(　　) A.风力越大，电容器电容越小 B．风力越大，极板间电场强度越大 C．风力越大，P点的电势越小 D．风力越大，静电计指针张角越小 解析　可动电极在风力作用下向右移动，风力越大，移动距离越大，则极板间距离越小，根据C＝可知电容越大，极板上电荷量保持不变，根据C＝可知，极板间电压越小，则静电计指针张角越小，故A错误，D正确；根据E＝＝＝＝可知极板间电场强度保持不变，由于风力越大，P点与接地负极板的距离越小，根据U′＝Ed′可知P点与接地负极板的电势差越小，则P点的电势越小，故B错误，C正确。 答案　CD 学科网（北京）股份有限公司 $$