第6章 滚动检测卷(一)-【百汇大课堂·高中学习测试卷】2024-2025学年高中物理必修第二册（人教版2019）

,沿半径大于发的锅的调轨道慢调周运功 滚动检测卷（一） 口立申离开半球做平愈运动 6,质量为四的小明生在秋千上摆动到最高点时的照片如周所示，对该时刻，下 (时同，3会钟属分，100分) 残说法正确的是（重力加速度为》 A.秋干对小明的作用力小于g 一，单这题{共8小题，每小题3分，共24分) .秋干对小明的作用力大干w兴 L,一架飞机水平匀递飞行，从飞线上挥隔1释货一个铁球，先后共释敏4次，若不计空气用力，屏国 个球 C.小明的速度为零，所受合力为零 第8超图 入，在空中的任村时刻总是排成抛物线，它们的落地点是等可面的 D个明的加建度为零，斯受合力为零 ,在望中的任句时刻总是排成抛物线，它们的落电点是不等间密的 7.一位田径运动奶在晚远比赛中以12m,的建度沿水平面成0角的方向起强，在落到沙坑之前， ,在空中的任刺时刺总是在飞机的正下方排成经直线，它们的落地点是等问距的 糖在空中潘霜的时同为（以取10m/云） D在室中的任何时到总是在飞机的正下方根发竖直线，相部两球在经中家是等同距的 2.在地雀上行驶的汽车重力为G-3×N,若汽车通过株杨时不离开授面， n 下到说法正确的是 A.汽车的速度越大，薄汽车对趋面的压力位被大 第2题图 弘如果某时期迪度措大到汽车对地面爪力为零，图此时驾授员会有超重的感宽 第7题图 C.贝要汽车的行驶速度不为0，驾融是对伟精压力都等于G 世草D只要汽车的行驶速发不为，露驶员对雀符压力和小于他自身的重力 A.1.2 B.1.Q s C04 D0,5n 3.为受行新形势下的置军日标，在某次军事演习中，本平匀违飞行的无人机在斜坡底一 8.能台滑雪以其特有的惊险性、同黄性成为历层冬奥会中备受美注的项目之一，如图，某运动员在 墙A的正上方授弹，年第看直击中镜角为0=37，长为【=30m的斜按的中点 比赛中以此一超m:s的水平度从细角为30的斜胶顶演飞出其运动可近加混为平籍运动)，当 P,虹图质常，已如3”=0.6，e0s3T=0.8,x取10m/,侧无人机FA点的高 地重力框渔度取g=0世云。当该运动员再次落到斜拔上时，落点与养拔顶端韵商搜整约为 立6和龙行的蓬度罗分划为 1 A,670m3=30,% h=133m,vm40t/4 第3题图 C.A-80 m-v-30 m/s D.6=45m,=40m/s 4,如图所示，在室内自行车北赛中，运动员以速度在频角为》的赛道上殿匀速同 隔运动，已：写动员的盾址为燥，做圆周写诗的辛整为R,重力加速度为以，图下 网说法正确的是 A.将运动员和自行车看作一个体，量体受重力。发持力，摩力和向心力的 第8题图 第4邀图 作用 A.50m B.m 二120m n150m 我滋动喷受璃的合力为装，是一个恒力 二，多进题《共4小整，每小增《分，共16分) 9,服定用伞面完全水平，敛转时，象面上一部分用商就尼出来，下面关于伞重上雨滴的受力和运动情 C若运动员如加速，喇可能治料面上滑 况的说法，正确的是 ,着话动员混递。周一兆闻速沿斜面下滑 5,半径为R的允滑半得圆定在水平面上，如图所示，属富有一小物体甲，观备它 A,施堂近转轴的雨滴所需的向心力越小 一个水平初速度可一√云衣，期物体甲将（重力加违度为 品用滴离开周拿时是沿脊高转针的方向高心而去的 A.滑球面下骨至制点 汇，南南离开南伞后对楚的运动是平抛运动 乱先沿球面下滑至某点￥，然后离开球面做等下抛运动 第3脑图 D雨幸转得越快，制清落地的时就越长 4 为 ,饼中，条技演员在表演水流屋节目，盛水的杯子在整直平而内做周运功，当杯子楚 过服高点时，里面的水色不会瓷出来，这是因为(x为重力加速度) A,水处于失重状态，不受重力的作用 弘水受的合力为零 七，水受的合力提供向心力，使水做同周运动 第1n题图 一笔给边满向华移 )杯千量过最高点时的速度大干爱等于风《 甲甲形甲門四四 11.圳围所示，将工件P可可视为质点)无初违地轻微在以速率甲匀速道行的本平钙追带的最左瑞4， 工件P在传送带的作用下开如运功，然后从传送带量名端B离出，落在本平趋直上。已知AB的 第1想图 长度L一乙.5m轮轴的半径很小，B距地面的高度A-0.80m,当v一.0m/s时，工件P从4A德 (1门老师测某对刻铅笔实的坠松R为(，6)，船笔尖的相速度大小为 cm/s 运动到落地点所用的时同，三4.4。取E=10m,。下列说达正确的是 (2)该实角中铅笔尖的物遂是 缩正透联字母》 A.工件P与传送管之同的动厚擦因数：=Q1 县工件P与传送带之可的动摩擦四数：一以2 C,落地点当B点利的水平新离1一1.2m )落地点与B点间的水平距离：=2.4m 14.(8分)如图为某误道小明设计的探究圆同品动闻心力的实段装餐，有机酸第支果上因定一个直 12,如罪所示，在杂技表滴时，条技演员表演了“球内飞车”的帝找。一个由的骨果得铁经网构域的球 流电动机，电动税轮鞋上国定一个半径为：的量料同盘，同丝中心E下方用用线连接一个重播，同 壳战定在水平粒面上，条技演员骑摩托车在球壳内飞速旋转，第险罪刺激。甲南奶骑摩托车在球 盘边楼在接耀绳，箱另一端连接一个小球。实验操作如下： 壳内“水道”平面敏匀遮两周运动童不联落下米：乙演员雾摩托车在“东道”平面下方某一水平面 ①利用天平测量小缘的质悬极，记读当粮的重力加速度：的大小： 闭合电源开关，让小眼做如周质示的匀速测周运功，剖节景光笔2的高度和重老港1的位置，使 敏匀速偶样写砖。下列说法正确的是 童光笔1射出的面完装经直，题光笔2射出的微光卓水半，并让散光荐怡好激射判小球的中心，本 A.甲、乙两窥员最属周运动的半径不月 平香光束与经直留线的受点为( 品甲、乙两流员敏周周活动的角速度一定相同 四当小味露一次辑达A点看到反则光时开始计叫，井记录为1次，最后记录小球知次到运A点的 C乙就员的速卓增大时，其所喷摩托车在竖直山内衡受的岸擦力可雀减小 时间t )乙南1的事率增大时，其测周运动的半径一定增大 ①场断电源，背小球停止转动，设法用刻度尺测量点0司经直激光束的系离R和点O再料属底 的距离： 改变板量、转速、绳长或半径等物到量，重启电擦，如上所述反复多次实验，并记录相关数据。 泰道”下间 全都结束后，整拜器材 请问容下列问题： 颗光笔1 电泡立 (1)下列说法正真的是 第11送图 第2题图 有 三、实始题《共2小题，共14分) A小球运动的网期为村 文李型 13,(6外课家上，老师为了街观写动的合成与分解，做了下实特：如图所示，在一聚白纸上，用平平 品小球适动的线速度大小为2mn一1迟 修直尺滑流向以3，%的速度匀迷直线移动：同时止铅笔尖章看直尺新横向角静止开始匀知通 C,小球运动的向心力大小为四 6 侈动，开始时铅笔尖在坐标原点)处，y表示铅笔突竖直方向的位移，x表不笔尖水平方向的 h 第14题图 位移 D若电动机转速增加，数光笔L、2应分别左移，上移 0 44 (该小组换用较长的拥绳连接同一个小球数第二次实验，圆整转功的角渔度，但使小球架动的 16,(9分)如嚼甲所示，游乐场的注山车可以您，上在测轨道上运行，游客却不会掉下来。我门把这 半径及保持不变。第二次实验跟第一次实验相比，角蒸度，小球戴圆周运动所受的间心 种情形挂象为越烟乙所常的植及：凳形我道的下馏与半径为R的聚直圆轨道相接，B.C分别为网 (均这填变大"+度小”或”不变”)。 轨通的最低点和最高点，团量为际的小球（可税为凝点）从死彩轨道上的A点由静业滚下，到近 (3某次实验中，若已测出R=40,00m:r=4.00m,A■0.00m,4一100,004，零=51.可取 岳点时的速发为，g成，且给好能通过C点。已知A.程句的高度差为6=4R,重力知速发为 3.14,通过计算可鞋当粒重力加速度大小成为一 m,(结果解图三位有效数字) g。求： 四，计算题《共4小题，共45分》 15.(程分)如，斜宽4B一6m,河水的右匀速花滤，建度大本为的一L.m,是 有只小机动解，在静水中的行融速度曲一20，境此船从A点开始演河 1》为使在暖知时同内线达对岸，其图头成朝博个方向行较： (2)整河最虹时间是多少？若本花速度突驾增如，瓷河的量姐时可是否改变？ 《以量短时何可达对岸的行驶中相稀岸的递度是多太？方向如何？ 第1位籍周 第1行题用 (1)小球追诗到B点时.轨道对小球的支持力F、的大小 (2)小球通过C点时的递率华： (3》小球从A点运动到C点的过程中，克服岸擦阳力做的功W 卷 6 17,(1(分》海牌排到外壳整硬的鸟始（项壳动物后.有时金飞到空中育它五 1蜗，(1后分)在研究某些复角的能线运功时，意常采用运动的合成与 下，利用地面的冲击打蹄硬壳。一具再鹏明看质量m一0.1kg的离始，在 分解的方法。我们对于平地运动的研定就是采用了这种方达。一 俯视T图 H一0m的高度.以此-1厅m(的水平速度飞行时，松开嘴巴让鸟给落列 请应用这种要想方法，解决下面的类似问题 0 水平地面上。取重力相渔度琴=0m/%,忽路空气阻力 细图所示，内感光带的空心调桂体级直周定在水平地面上，陶出 0 《1求鸟给落趋时的速度大小： 体的内轻为R。沿着水半切线方向恰贴在内聚左侧)点的小滑 (2)在商离飞行方向正下方的地面上，有一与地面享齐.装世为上一6m的 第17题用 块一个村速度，小刑块将沿着柱体韵内壁旋转一周经过点 岩石，以岩石左抽为坐标原点，建立如图所示坐标系。若海期水平飞行的高度仍为20m,速度大 后雕续近动，最绕落在柱体的您由上，已知小播块的暖量为时，重 小在15一17m之可，为保证气蚧定能落到岩石上，套释放鸟翰位置的x坐标范围。 力相滚度为g。 第18莲图 (1)小滑块在运动中受厚些力的作用了 (?)根据研究平抛适动的思型方法，可以将该运动（眼麓线运动）分解为丙个分运动：①平行于水 平面的分超站，匀速国周品动（图视平面图所示）：因聚直方（的分运动为另一种基本超站。 L说明分运厨①约线迷度和马的关系： ,情述整直方向上的分诺动②是什会运动 (3)求小滑块在柱体里上能转一展所用的时间丁： k,求小滑块到达)点时的速度大不共， 0 48两条橡皮绳均处于拉伸状态，设此时小球到圆心的距 离为R1,则m2R1=k(R1- ）-(R-R-): 解得R-S:当=√票时>：格皮绳0,0失 乙 第17题答图 于松驰状态，橡皮绳OO处于拉伸状态，设此时小球 18.答案：0①)3gR（2)6m+R(m=0.1.2) 到圆心的距离为R,则m2R,=k(R2一及)，解得 R 解析：(1)小球绕C点做匀速圆周运动，则C为小球运 R=费所以号一0尽-2 h2R29 动的圆心。连线AC,则AC为小球做圆周运动的半径 16.答案：(1)2RuRm(2)m√4R2u+g2(3)2mg,方 r,根据速度方向沿轨鸯切，可知日=30=哥，如图所 向竖直向下 示，由几何关系，则r=√3R。小球由吸引力提供向心 解析：(1)根据线速度v=R,得小球的线速度v= 2Rw,重物的速度v'=R仙 力，可知mgm心解得=VR (2)向心力F向=2mRw2,设F与水平方向的夹角为a, (2)由几何关系，可知小球转 则Fcos&=F向，Fsin a=mg,解得F= B 过的国心角为a=2p=2×看 0 √(2mRu2)2+(mg)2=m√4R2m+g2。 (3)若上杆表现为拉力，则对上球，有mg十F,=n· 3。小球在圆环内运动时 2Rw2,对下球，有F2一mg=m·2Rw2,结合牛顿第三 间为1= 23 定律，得两根杆对水平轴的作用力大小为F2一F1= vo 2mg,方向整直向下；若上杆表现为支持力，则对上球， 2xX3R 6 π√g ,小球 有mg一F1=m·2Ru2,对下球，有F2一mg=m· √3gR 38 第18题答图 2R2,结合牛顿第三定律，得两根杆对水平轴的作用 从B孔穿出的过程中，圆环上 力大小为F2十F1=2mg,方向竖直向下。 的小孔B转过的角度为g=2m十晋(n=0,1,2,…), √3gR 17.答案：1)6 gR≤<3gR (2)2 圆环的转动时问2-纟，根据等时性，可知(=2，解 解析：(1)小球恰好不和圆锥筒接触时，细线与竖直方 向的夹角为日=30°，如图甲所示，根据合力提供向心 得= (6n+1)gR(m=0,1,2,…)。 R 3gR 滚动检测卷（一） (2)细线拉力恰好为零时，小球受重力和支持力做圆周 1.C解析：每个铁球离开飞机后都做平抛运动，故铁球 v22 运动，如国乙所示，有)=加R0解得一 在水平方向做匀速直线运动，速度等于飞机的速度，所 以铁球在落地之前，都在飞机的正下方，排成竖直线， BgR ,当细线与水平面平行时，细线无拉力，小球受 A,B错误。 2 铁球释放的时间问隔相同，所以落地点是等间距的，C 力如图丙所示，此时有品。=m京，解得路 正确。铁球在竖直方向上做自由落体运动，两个铁球间 √3gR,因此小球的线速度范国为√ 3gR 的整直距离△h=2-名g1-)= ≤3gR。 2g(△)2，随时间1增大，D错误。 18 2.D解析：对汽车研究，根据牛顿第二定律得mg一N= 7.A解析：运动员在竖直方向做上抛运动，则vsin0 2 m尺，则N=mg一mR,可知速度v越大，地面对汽车 =g1 的支持力N越小，则汽车对地面的压力也越小，故A错 他在空中滞留的时间1=211=2usin30°_2X12X0.5、 10 误。如果某时刻速度增大到汽车对地面压力为零，驾驶 =1.2s. 员具有向下的加速度，处于失重状态，故B错误。汽车 8.A解析：由题意知，运动员做平抛运动，从斜坡顶端抛 过拱桥的最高点时行驶速度不为0，汽车和驾驶员都具 出又落到斜坡上，则么=an30°，根据平抛运动规律有 有向下的加速度，处于失重状态，驾驶员对座椅压力小 于他自身的重力，而驾驶员的重力未知，所以驾驶员对 x=,h=gt2,联立解得1=2tan30° ，则其落点与 g 座椅压力范围无法确定，故C错误，D正确。 3.A解析：根据速度的分解有0 斜拔顶瑞的高度差为人=古=60m tan0-=，x ,k7=0s37° 9.AC解析：伞面上雨滴随雨伞一起做匀速圆周运动。 角速度相等，根据F=mr可知，越靠近转轴的雨滴所 =,联立解得1=4s,v= 需的向心力越小，故A正确：雨滴被甩出后沿飞出点的 30m/s:则炸弹的竖直位移为 切线方向飞出，做平抛运动，故B错误，C正确；雨滴在 y=282=80m,故无人机距 竖直方向做自由落体运动，落地时间1气以，与雨伞转 第3题答图 A点的高度h=y十乞sin0- 动快慢无关，故D错误。 170m,故A正确。 10.CD解析：当杯子经过最高点时，里面的水处于失 4.C解析：将运动员和自行车看作一个整体，整体受重 重状态，但水的重力并未变化，故A错误：水做圆 力、支持力、摩擦力作用，A错误。运动员受到的合力为 周运动，经过最高点时，水受到的合力提供向心 尺，方向时刻变化，是一个变力，B错误。若运动员加 力，合力不为零，故B错误，C正确；杯子能完成整 个圆周运动的临界条件是在最高点，只有重力提 速，其所需要的向心力变大，当外力不足以提供所需向 心力时，运动员将做离心运动，则可能沿斜面上滑，C正 供向心力，即mg=m尺，所以速度应大于或等干 确。由于摩擦力起调节作用，若运动员减速，运动员不 √gR,故D正确。 一定沿斜面下滑，D错误。 1山，AC解析：根据A=号2得，平抛运动的时同4 5D解析：因为o=√gR,所以，球面支持力为零，物体 0.4s,则工件从A到B的时间12=0一4=4.4s 在初始位置受竖直向下的重力，又因为物体在整直方向 向下运动，所以运动速率将逐渐增大，若假设物体能够 0.4s=48。若工件一直做匀加速直线运动，则有：2 沿球面或某一大于R的新的圆弧轨道做圆周运动，则 =上，解得=3.75m/s>3m/s,则工件先微匀加速 所需的向心力应不断增大。而重力沿半径方向的分力 逐渐减小，以上两种情况又不能提供其他指向圆心的 运动，然后做匀逢运动，别有品十：一）-L,代 力，故不能提供不断增大的向心力，所以不能维持圆周 运动。物体应该立即离开半球做平抛运动，故选D。 入数据解得a=1m/s2,以=4=0.1，故A正确，B错 g 6.A解析：秋千摆到最高点时，受力分析 误。落地点与B点间的水平距离x=1=3×0.4m 如图所示 =1.2m,故C正确，D错误。 切向：na1=mngsin0.径向：速度为0，向 12.AC解析：由题意可知，甲演员做圆周运动的半径大 心力为0，则有T=ngcos0<g在最高 mg 于乙演员做圆周运动的半径，A正确：甲，乙两演员做 点，速度为0，向心力为0，但切向加速度 第6题答图 圆周运动的半径不相同，向心力不确定，由F=nr 不为0，故B、C、D错误，A正确。 可知，甲、乙两演员的角速度不一定相同，B错误：以杂 19 技演员乙和其所骑的摩托车整体为研究对象，乙演员 周运动的月期T=2s,又mgR。=m紧R,解得g= 速度较小时，整体受到沿圆的切线方向向上的静摩擦 力，则fcos0+Nsin0=mg,Ncos0-fsin8=mur,解 (R-)T≈9.86m/s. 4πRh 得f=ngcos0一ma2rsin0,当速率增大时，角速度变 15.答案：(1)见解析(2)8s不变(3)2.5ms与水 大，则摩擦力减小，但是半径仍然可以保持不变，C正 流方向的夹角0=53 确，D错误。 解析：(1)根据运动的独立性原理可知，为使渡河时间 最短，应使船头始终与河岸垂直行驶。(2)根据运动的 独立性原理得1=AB=8s,水流速度突然增加并不影 2 响船垂直河岸的分运动，渡河时间不交。(3)船相对岸 的速度为合速度。由平行四边形定则，得？= √12十w2=2.5ms,其方向与水流方向的夹角0 mg =53°。 第12题答图 13.答案：(1)2(2)C 16.答案：(1)7mg (2)√g(3)2mgR 解析：(1)由题意可得，铅笔尖从坐标原点运动到R处 解析：(1)在B点，小球做圆周运动，轨道对小球的支持 所用时间为1=-日、=2，根据运动学公式，可得 力布重力的合力提铁向心方R一g一m紧，解得 船笔尖的加速度大小为a==2cm/子.(2)铅笔尖 7mg. 在x方向做匀加速直线运动，在y方向做匀速直线运 (2)在C点，小球所受轨道的压力为零，只有重力提供 动，所以单位时间内铅笔尖在y方向的速度与在工方 ,c2 向心力mg=m尺，解得e=√R。 向的速度的比值逐渐减小，则轨迹曲线切线的斜率沿 (3)小球从A点运动到C点的过程中，根据动能定理 x正方向逐渐减小，故C正确。 14.答案：(1)BD(2)变小变小(3)9.86 有mgh-2R)-W=之C2,解得W=号mgR。 解析：(1)从小球第1次到第n次通过A位置，转动圈 17.答案：(1)25m‘s(2)[34m,36m][或(34m,36m)] 数为川一1，时间为，故周期为T一一：减A错误：小 解析：(1)设平抛运动的时间为t,鸟蛤落地时的速度大 球的线速度大小为口=2红=2xn一1DR,故B正确： 小为，整直方向分速度大小为巴，根据运动的合成与 小球受重力和拉力，两者的合力提供向心力，设细绳与 分解得H=财5=g-+2代入数据得 整直方向的夹角为a,则Frcos a=mg,Frsin a=F句， v=25 m's. 放P4=mgn8=mgR子，放C辑误：考电动机的转 (2)若释放鸟蛤的初速度为功1=15m/s,设击中岩石 左端时，释放点的x坐标为x1,击中右端时，释放点的 速增加，则转动半径增加，故激光笔1、2应分别左移、 x坐标为x2,得1=1，r2=十L 上移，放D正确。(2)换用较长的细绳时，设细绳与竖 代入数据得x1=30m,x2=36m, 直方向的夹角为日，与第一次实验相比，0角变小，对小 若释放鸟蛤时的初速度为2=17/s,设击中岩石左 球受力分析，得Fn=mgtan0,Fn=mRu,联立可解得 端时，释放点的x坐标为x1',击中右端时，释放点的x 0角变小时，向心力变小，角速度变小。(3)小球受重 坐标为x2',得x1'=2,x2'=x'十L, 力和拉力，合力提供向心力，设细绳与竖直方向的夹角 代入数据得x1′=34m,x2'=40m, 为e,则mgm8=m吸R子，由复给数据解得小球微园 综上得x坐标范围为[34m,36m]或(34m,36m)。 20 18.答案：(1)支持力N、重力mg 天，故C正确：根据开普勒第二定律可知，同一行星绕 (2)见解析(3)a.2然，2+gR 太阳运行时，相同时问内，与太阳连线扫过的面积相等， 而金星和地球不是同一行星，故D错误。 解析：(1)小滑块在运动过程中受到支持力N和重力 4,D解析：因为小行星在连线的中点所受的万有引力的 g的作用。(2)a.匀速圆周运动的线速度v:和初速度 合力为零，小行星运动到无穷远处时所受的万有引力的 功大小相等。b.坚直方向上的分运动是自由落体运 合力也为零（因为距离无穷远处万有引力为零），而在其 动。(3)a,小滑块旋转一周所用的时间为匀速圆周运动 他位置不为零，故小行星受到的万有引力先增大后减 的周期T=2。b.在小清块从O点运动到O点的过 小。设两个质量均为m的星体的距离是2L,小行星的 质量是m',已知小行星沿OM方向运动的距离为r,它 程中，一gT,小滑块到达O点时的速度大小凹一 所受的万有引力大小为F=2Gmm,所以F和r不 V十可，联立解得气2+坛R (L2+r2) 是线性关系，故选D 第七章万有引力与宇宙航行 5.D解析：农历初一前后太阳与月球对地球的合力约为 F1=F:十F月，农历十五前后太阳与月球对地球的合 第5单元行星的运动万有引力定律 力约为F2=F:一F用，则农历初八前后太阳与月球对 1.C解析：由x=ct可得，地日距离约为x=3×108X 地球的合力为F=√F:2+F月，三式联立，解得F= 493m=1.5×108km,故A错误：倘若月球彻底脱离了 地球，由万有引力定律可知，地球对它仍然有引力作用， F十F空，散D正确。 2 故B错误：由于月地距离增大，知月球的公转周期变长， 6.C解析：“鹊桥”与月球同步绕地球做圆周运动，设角 故现在的“一个月”应该长于过去的，故C正确：由于日 速度为m,根据万有引力提供向心力，对地、月系统，有 地距高不断缩小，知地球的公转周期变短，因此现在的 GMM1=M号mR,对“鹊桥”，地球和月球的引力的 “一年”应该略短于过去的，故D错误。 R 2.B解析：由题图可知行星的轨道半径大，那么由开普 合力提供向心力， GM地m+GM月m=ma2(R+x), (R+x)2 勒第三定律知其周期长。每过N年，该行星会运行到 日地连线的延长线上，说明从最初在日地连线的延长线 联立解得 R+学-停(R+,黄C正商， 上开始，每一年地球都在该行星的前面比该行星多转圆 7.A解析：设地球的密度为P,当物体处于地心时，所受 周的，N年后地球转了N圈，此该行星多转1国，即 万有引力为零，加速度为零：当物体距地心的距离r<R 该行星转了N一1图，从而再次在日地连线的延长线 时，只有半径为，的球体对其产生万有引力，根据GMm r2 上。所以该行星的周期是、年，根据开着菊第三定 4 =mg,得 G 3xr pm =mg,解得g=4πGr,即加速度g 徐，有= r2 3 =（六） T行2 与r成正比：当r>R时，根据GM=mg,得g=G r2 2 B正确。 3.C解析：观测“金星凌日”时，如果将太阳看成质点，则 4GRL,加速度g与r的平方成反比，故A正确。 3r2 无法看到“金星凌日”现象，故A错误：“金星凌日”现象 8.AC解析：P、Q两质点所受的地球引力都是F= 的成因是光的直线传播，当金星转到太阳与地球中间且 三者在同一条直线上时，金星挡住了浴直线传播的太阳 Gmm,A正确。P,Q都随地球一起转动，其角速度 r2 光，人们看到太阳上的黑点实际上是金星，由此可知发 一样大，但P的轨道半径大于Q的轨道半径，根据F一 生“金星凌日”现象时，金星位于地球和太阳之间，故B mwr可知P的向心力大，B错误，C正确。物体的重力 错误：根据开普勒第三定律可得，由于金星轨道半径小， 为万有引力的一个分力，赤道处最小，两极最大，D 则周期小，所以金星绕太阳公转一周的时间小于365 错误。 21