天津市滨海新区塘沽第一中学2024-2025学年高三上学期第二次月考物理试卷

姓名： 座号： 塘沽一中2025届高三毕业班第二次月考 物理 本试卷分为第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60 分钟。第1卷1至4页，第Ⅱ卷5至8页。 答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上，并在 规定位置粘贴考试用条形码。答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的 无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 祝各位考生考试顺利！ 第卷 注意事项： 1.每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 2.本卷共8题，每题5分，共40分。 一、单项选择题（每小题5分，共25分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的） 1.“判天地之美，析万物之理”，领略建立物理规律的思想方法往往比掌握知识本身更加 重要。下面四幅课本插图中包含的物理思想方法相同的是() A.甲和乙 B.甲和丁 C.乙和丙 D.丙和丁 物理试卷第1页（共8页） 2.抖空竹是一种传统杂技。如图所示，表演者一只手控制A不动，另一只手控制B分别 沿图中的四个方向缓慢移动，忽略空竹转动的影响，不计空竹和轻质细线间的摩擦， 且认为细线不可伸长。下列说法正确的是() b C a-2-d B A.沿虚线a向左移动，细线的拉力减小 B.沿虚线b向上移动，细线的拉力增大 C.沿虚线c斜向上移动，细线的拉力不变 D.沿虚线d向右移动，细线对空竹的合力增大 3.巴黎奥运会网球女单决赛中，中国选手郑软文以2：0战胜克罗地亚选手维基奇夺冠。 这是中国运动员史上首次赢得奥运网球单打项目的金牌。某次郑钦文将质量为m的网 球击出，网球被击出瞬间距离地面的高度为，网球的速度大小为，经过一段时间 网球落地，落地瞬间的速度大小为2，重力加速度为g,网球克服空气阻力做功为W 则下列说法正确的是() A.击球过程，球拍对网球做功为mgh+m好 B.网球从被击出到落地的过程，网球动能的增加量为gh C.网球从被击出到落地的过程，网球的机械能减少mgh一W. D.W=mgh+m好-mv好 物理试卷第2页（共8页） 4.在如图所示的U一1图像中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系图线，曲线Ⅱ为某 一小灯泡L的U-1曲线，曲线Ⅱ与直线I的交点坐标为(1.5,0.75)，曲线Ⅱ在该点的切 线与横轴的交点坐标为(1.0,0)，用该电源直接与小灯泡L连接成闭合电路，由图像 可知() A.电源电动势为2.0V B.电源内阻为0.5n 0.75- C.小灯泡L实际消耗的电功率为1.125W 0 1.01.52.0iA D.小灯泡L接入电源时的电阻为1.5n 5.在高大建筑物的项端一般都装有避雷针来预防雷击。老师给同学们在实验室模拟尖端 放电现象，原理如图所示。假设一电子在图中H点从静止开始只在电场力的作用下沿 着电场线做直线运动。设电子在该电场中的运动时间为，位移为x,速度为”，受到 的电场力为F,电势能为E,运动经过的各点电势为，则下列四个图像可能合理的是 () 高压电源 针状电极 B D 二、不定项选择题（每小题5分，共15分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是 正确的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分) 6.运行周期24小时的北斗卫星比运行周期12小时的中圆轨道卫星（) A.加速度小 B,角速度大 C.向心力小 D.线速度小 物理试卷第3页（共8页） 7.在如图所示电路中，当变阻器R3的滑片向b端移动时() A A,电压表示数变大，电流表示数变小 B.电压表示数变小，电流表示数变小 C.R2上消耗的功率变大 D.电源内部消耗的热功率变大 8.如图甲所示，质量为m=kg的物块静止在粗糙水平地面上，物块与地面之间的动摩 擦因数4=02。某时刻对物块施加水平向右的拉力E,F随时间变化的规律如图乙所 示，g取10m/s2。以下说法正确的是（) FIN 7a777 4 5 ts 甲 A.2s时拉力F的瞬时功率为40W B.0-5s合力做功的平均功率为7.225W C.0-5s物块的动量变化量为8.5kgs D.0-2s物块运动的位移为4m 物理试卷第4页（共8页） 塘沽一中2025届高三毕业班第二次月考 物理 第Ⅱ卷 注意事项： 1.用黑色墨水的钢笔或签字笔将答案写在答题卡上。 2.本卷共4题，共60分。 9.(12分) (1)用如图甲所示的实验装置验证质量分别为m1、2的物体组成的系统机械能守恒。 质量为2的物体从高处由静止开始下落，质量为m1的物体上拖着的纸带打出一系 列的点，对纸带上的点迹进行测量来验证机械能是否守恒。如图乙所示是实验中获 取的一条纸带，0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点未画出，计数点 间的距离如图乙所示。已知m1=50g,m2=150g。（g取10m/s2,结果保留两位有效数 字) m m1 38.40 21.6026.40 甲 乙 下面列举了该实验的几个操作步骤： A.按照图甲所示的装置安装器件 B.将打点计时器接到直流电源上 C.先释放质量为m2的物体，再接通电源打出一条纸带 D.测量纸带上某些点间的距离 E,根据测量的结果，分别计算系统减少的重力势能和增加的动能 物理试卷第5页（共8页） ①其中操作不当的步骤是 (填选项对应的字母)： ②在打点5时物体的速度 m/s, 在打点0~5过程中系统重力势能的减少量△Ep 5.82 ③若某同学作出号-九图像如图丙所示，则当地的实际重力 1.20hi 加速度g m/s2。 (2)某同学采用如图所示的装置，利用A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律。图中 MN是斜槽，NR为水平槽。实验时先使A球从斜槽上某一固定位置由静止开始滑下， 落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，得到落点P,再把B球放在斜槽末端，A 球从同一位置静止释放，A、B小球碰后落在记录纸上，分别得落点B,F。 线 ①A球质量为m1,半径为片；B球质量为m2,半径为5，则应满足() A.m=m3,1>3 B.m1>m2，片=3 C.m1=m2,片<2 D.m1<m2,片=3 ②必须要求的条件是() A,斜槽轨道末端的切线必须水平 B.斜槽轨道必须是光滑的 C.必须测量出OB、OP、OF的长度L、L和L, D.必须测出水平槽离地面的高度 ③某次实验时测得A、B球的质量之比m:m2=2:1,则在实验误差允许范围内，当关系 式L2 (用L、L表示)成立时，可证明两球碰撞时动量守恒。 物理试卷第6页（共8页） 10.(14分)如图所示，内壁粗糙半径R=0.4m的四分之一圆弧轨道AB在最低点B与 足够长光滑水平轨道BC相切。质量m2=02kg的小球b左端连接一轻质弹簧，静止在 光滑水平轨道上，另一质量m,=02kg的小球a自圆弧轨道顶端A点由静止释放，运动 到圆弧轨道最低点B时，对轨道的压力为小球α重力的两倍。忽略空气阻力，重力加 速度g取10m/s2。 A@… 00000000⑥ (1)求小球a由A点运动到B点的过程中，摩擦力做功W,。 (2)求小球α通过弹簧与小球b相互作用的过程中，弹簧的最大弹性势能E,: (3)求从小球α与弹簧接触开始到弹簧弹性势能最大时，弹簧对小球b的冲量I的大小。 11.(16分)如图所示，直角坐标系xOy中，在第I象限内有平行于y轴的匀强电场，方 向沿y轴负方向。在第V象限区域内有方向垂直于xO平面向外的匀强磁场。一质量 为m、电荷量为g的粒子，从y轴上的p(0,W3)点，以大小为，的速度沿x轴正方向 射入电场，通过电场后从x轴上的M(2L,O)点进入第V象限，又经过磁场从y轴上的 某点垂直y轴进入第Ⅲ象限，不计粒子的重力，求： (I)电场强度E的大小： (2)粒子到达M点时速度的大小和方向； (3)求磁场中磁感应强度B的大小。 、· 物理试卷第7页（共8页) 12.(18分)如图所示，竖直平面内有两个边界水平的磁场区域，区域I磁场的宽度h=12m, 方向垂直纸面向外，磁感应强度大小B=5.0T,区域Ⅱ磁场的方向垂直纸面向内，磁感 应强度大小沿竖直向下的x轴方向逐渐增大(O点为坐标原点)，磁感应强度大小为 B2=B。+la（其中B。=2T、k=20T/m)。正方形刚性导体线框abcd的质量m=0.1kg、 边长L=0.2m、电阻R=4.02,线框从磁场上方一定高度由静止开始释放，恰好能匀 速进入区域1磁场，不计空气阴力，重力加速度g=10m/s2。 (1)求线框释放时ab边离区域I的高度h (2)求线框ab边刚进入区域Ⅱ时的加速度： (3)已知线框在区域知中运动到h=6.0m处时已经处于平衡状态， 求线框从释放运动到该位置过程中产生的焦耳热（小数点后保留两位数字） h 'I' B X h2 X X B + × 物理试卷第8页（共8页） 塘沽一中2025届高三毕业班第二次月考 物理答案 1 2 3 5 6 7 8 B A D C A AD BD BC 9.(1)①BC ②2.4 0.60 ③9.7 (2)①B ②AC ,=h+号 10.【答案】(1)-0.4J (2)0.2J (3)0.2N-s 【详解】(1)小球由A静止释放运动到最低点B的过程中，根据动能定理有 m8R+所=2m 小球在最低点，根据牛顿第三定律可知，小球受到轨道的支持力F=2mg 根据牛顿第二定律R一州8=mR 联立，代入相关已知数据求得W=-0.4J (2)小球α与小球b通过弹簧相互作用，达到共同速度y2过程中，由动量守恒定律可得 my =(m +m2)va 由能量转化和守恒定律可得 m=网+m)片+ 联立代入相关已知数据求得：小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中，弹簧的最大 弹性势能E。=0.2J (3)到弹簧弹性势能最大时，b的速度为2 对b,根据动量定理有 I=m22 联立代入相关已知数据可得 I=0.2N.s 1.【答案10) mvo (2)2,与x轴正方向夹角为060° 2gL (3) 5mg 2gL 物理答案第1页（共3页） 【详解】(1)粒子在电场中仅受电场力的作用做类平抛，设在第一象限内运动时间为。 则 水平方向 2L=vot 竖直方向 5 由牛顿第二定律有 gE=ma 联立两式得 E= -mvo 2g (2)设粒子到达M点时竖直分速度为 y=a叫，=9E m 可得y,=5v。 到达M点的合速度为 v=2vo 设速度与x轴正方向夹角为0，又an0=兰=5 所以 0-60° (3)由于垂直打到y轴，易得带电粒子在磁场中做圆周运动的圆心角为120°洛伦兹力提 供向心力得 9vB=mv2 r 由几何关系 rsin60°=2L 联立，解得 B=V3mv 2gL 12.【答案】(1)0.8m:(2)a=19.4m/s2；(3)2=6.05J 物理答案第2页（共3页）