河北省沧衡八校联盟2024-2025学年高二上学期11月期中物理试题

沧衡名校联盟高二年级2024一2025学年上学期期中考试 物 理 本试卷满分100分，考试用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，考生务必将自已的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在 答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 4.本试卷主要考试内容：人教版必修第三册，选择性必修第二册第一章。 圜 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 蜘 是符合题目要求的。 1.下列选项中没有用到洛伦兹力的是 邮 A电磁炮 B.回旋加速器 C.速度选择器 D.质谱仪 2.2021年7月4日，航天员走出离地面高度约为400km的中国空间站，标志着我国空间站航 长 天员首次出舱活动取得圆满成功。航天员出舱的画面是通过电磁波传输到地面接收站的。 下列关于电磁波的说法正确的是 A.韦伯通过实验捕捉到电磁波，并证实了麦克斯韦的电磁场理论 K B.只要空间某处的电场或磁场发生变化，就会在其周围产生电磁波 C.航天员出舱活动的画面从空间站传到地面接收站最少需要约0.013s 数 D.电磁波频率越高，其能量子的能量越大 3.图为一有两个量程的电压表的内部电路，当使用A、B两个端点时，量程为0~10V;当使用 郝 A、C两个端点时，量程为0~100V。已知表头的内阻R。=5002,满偏电流I.=1mA,电阻 R1、R2的值分别为 旃 A.950n9000n R B.95002900002 C.9950029500n 100V D.90000295002 4.下图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B和电流所受安培力F的 方向，用“·”表示磁感应强度方向垂直于纸面向外，“×”表示磁感应强度方向垂直于纸面向 里；“☒”表示电流方向垂直于纸面向里，“⊙”表示电流方向垂直于纸面向外，则下列选项中正 确的是 义××× B C D 【高二物理 第1页（共6页）】 霸回 5.如图所示，直线I、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ 是某金属元件的U一I曲线，若把该元件分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确 的是 A.电源1与电源2的内阻之比是7：11 U/V 10 B.电源1与电源2的电动势不同 C.在这两种连接状态下，该元件消耗的功率之比是1：2 D.在这两种连接状态下，该元件的电阻之比是1：2 6.图甲为电荷均匀分布、半径为R的固定大圆环，A点位置在B点上方， 1/A B、C两点关于圆心O对称。以圆心O为坐标原点、竖直向上为x轴正方向建立坐标系（未 画出)，大圆环产生的电场的电场强度在x轴上的分布如图乙所示。下列说法正确的是 A正 A.沿A→B→O方向电势P逐渐降低 B.大圆环带正电，电场强度沿轴线向外先增大后减小 C,若把带负电的点电荷依次放在B、C两点，则它所受电场力相同 D.若把带负电的点电荷依次放在A、B两点，则它在B点具有的电势能比在A点的小 7.如图所示，三根通电平行直导线均垂直于纸面，通过三根导线的电流大小均为I,导线B和C 的电流方向均垂直纸面向里，导线D的电流方向垂直纸面向外，A点是B、D连线的中点， AC垂直于BD,且AB=AC=AD=r,已知通有电流I的长直导线在距其r处产生磁场的磁 感应强度大小B=k(其中k为常量)，那么A点的磁感应强度 A大小为5k,方向与BD的夹角为0且指向右下方，且tan0=2B8 ⊙D B.大小为k二，方向沿CA向上 C,大小为5k子，方向与BD的夹角为9且指向左下方，且an9=2 ⑧C D大小为5k二，方向与BD的夹角为9且指向右下方，且am0-号 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.下列说法正确的是 A.静电力常量没有单位 B.两点电荷的电荷量越大，库仑力一定越大 C.自然界中电荷的总量保持不变 D.电荷量是不能连续变化的物理量 【高二物理第2页（共6页）】 霸 9.如图所示的电路中，各电表为理想电表，R1为定值电阻，电源内阻为r且r<R1,在滑动变阻 器R2的滑片从某位置向左移动一小段距离的过程中，设电压表@、电压表@、电流表①的示 数分别是U1,U2、I,电压表@、电压表@、电流表@示数的变化量的绝对值分别为△U1、△U2、 △I,则下列说法正确的是 A.电流表示数增大，电压表⑨示数增大 B.U1与I的比值不变 R2 C.△U2与△I的比值小于△U1与△I的比值 D.电源的输出功率一定增大 10.如图所示，一个半径为R的圆形磁场区域，磁感应强度大小为B,磁感应强度方向垂直纸面 向里。一个粒子源从圆上的A点向各个方向不停地发射出相同速率的带正电的粒子，带电 粒子的质量均为，所带电荷量均为q,运动的半径均为r。下列说法正确的是 A若，=2R,则粒子在磁场中运动的最长时间为品 B.若r=2R,则粒子能打在圆形磁场圆周上的范围是整个圆周 粒子源A -x. C若r=R,则粒子能打在圆形磁场圆周上的范围是六分之一个 圆周 D若r=R,则粒子在磁场中运动的最长时间为器 三、非选择题：共54分。 11.(8分)“祖冲之”研究小组用伏安法测量电阻R的阻值，进而求出电阻率ρ，其测出了6组电 压、电流值，并在U一I图像中进行描点，如图甲所示。 U/V 10 152025i/mA (1)阻值R= Ω。（结果保留三位有效数字） (2)待测电阻是由均匀材料制成的圆柱体，用50分度的游标卡尺测量其长度与直径，结果分 别如图乙、丙所示。由图可知其长度为 cm,直径为 cm。 (cm) 主尺01 2 (cm) A4H4444444444444 主尺9 游标尺6"T23456 9 游标尺 2345678910 10 丙 (3)由以上数据可求出ρ= 2·m。(结果保留一位有效数字) 【高二物理第3页（共6页）】 题包a华 12.(8分)某实验小组的同学利用以下器材设计、改装并制作欧姆表，改装电路如图甲所示，调 节开关S所接位置，可使欧姆表具有“×10”和“×100”两种倍率。 A.电源（电动势为E); B.电流表©（满偏电流Ig=2mA,内阻R。待测）； C.滑动变阻器R1、Rp; D.定值电阻R。; E.定值电阻R6; F.电阻箱R; 甲 G.红、黑表笔各一支，开关、导线若干。 (1)用该欧姆表测电压表内阻时，黑表笔应接电压表的 (填“十”或“一”)接线柱。 (2)用图乙所示电路测量电流表©的内阻，先将滑动变阻器Rp的阻值调至最大，闭合S,缓 慢减小Rp的阻值，直到©的指针满偏，然后闭合S2,保持滑动变阻器RP的阻值不变， 逐渐调节电阻箱R的阻值，使©的指针指到最大值的？处，此时电阻箱R的读数为 3602,则电流表©的内阻为 n。 (3)当开关S掷向 (填“a”或“b”),欧姆表的倍率是“×100”， 现将两表笔短接，调节滑动变阻器R1,使电流表©满偏，此时通过 滑动变阻器R1的电流为6mA,则定值电阻R。十R。= n。 (《)再测量电压表内阻，电流表⊙的指针向右偏转至整个表盘清刻度的 处，此时电压表示数为9V,通过计算可知，该电压表内阻为 2。 13.(8分)如图所示，电源电动势E=5V,内阻不计，R=2Ω，电容器的电容C=1×10-5F,当 开关闭合，电路稳定后，求： (1)电容器上下两极板的电势差△9； (2)电容器的电荷量Q。 【高二物理第4页（共6页）】 霸® 14.(14分)如图所示，一个质量m=1×10-6kg、电荷量绝对值q=1×10-5C的带电粒子从x 轴上的点a(W3m,0)以速度v=4m/s、沿与x轴正方向成60°的方向射人第一象限内的匀 强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限(x、y轴单位均为，不计粒子重力)。 (1)粒子带何种电荷？ (2)求匀强磁场的磁感应强度B的大小及粒子在y轴上的坐标。 (3)若第二象限存在沿竖直方向的匀强电场（未画出），粒子再次打到x轴上时与x轴负方 向的夹角为37°，取si37°=0.6，求该粒子打在x轴上的坐标和该电场强度的大小。 【高二物理第5页（共6页）】 王 15.(16分)如图所示，倾角为30°的斜面固定在竖直向下的匀强电场中，电场强度大小为E,一 个质量为m、带电荷量为十q(q>0)的小球从斜面上的A点以初速度水平抛出，落在斜 面上的B点。已知重力加速度大小为g。 (1)求小球从抛出到离斜面距离最大时所用的时间t; (2)求小球离斜面的最大距离h; (3)取另外一个质量为m、带电荷量为一q(q>0)的小球，仍然从斜面上的A点以初速度o 水平抛出，落在斜面上的B点（未画出）。求带电荷量为十q的小球从A点到B点过程 所用的时间t1与带电荷量为一q的小球从A点到B'点过程所用的时间t2的比值。 E B 学 霈 & 别 烟 够 霄 【高二物理第6页（共6页）】 露用 沧衡名校联盟高二年级2024一2025学年上学期期中考试 物理参考答案 1.A2.D3.D4.C5.C6.A7.A8.CD9.ABD10.BC 11.（1)229(217~237均正确)(2分) (2)0.800(2分)0.190(2分) (3)8×10-2(2分) 12.(1)+(1分) (2)180(2分) (3)b(1分)90(2分) (4)2000(2分) 13.解：(1)由闭合电路欧姆定律得 11,1 R。求+5求 (1分) IR总=E(1分) I'=0.51(1分) △p=RI'-3RI′(1分) 解得△9=-2V。(1分) (2)由公式Q=CU(1分) 可得Q=2×10-5C。(2分) 14.解：(1)由左手定则知粒子带负电。(1分) (2)由几何知识得Rsin60°=√3m(1分) 解得R=2m(1分) 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力 由牛顿第二定律得B=m ,(1分) 解得B=0.2T（1分) y=Rcos60°+R=3m(1分) 粒子打在y轴上的坐标为(0,3m)。(1分) (3)粒子在电场中做类平抛运动，到x轴时，将速度分解为水平方向的速度V,和竖直方向 的速度vy 已知vr=v=4m/s 又有经-m3r1分) 解得v,=3m/s(1分) 由v,2=2ay,解得a=1.5m/s2(1分) 由vy=at得t=2s(1分) 【高二物理·参考答案第1页（共2页）】 国欧图 由x=vl得x=8m 所以粒子打在x轴上的坐标为（一8m,0)(1分） 由牛顿第二定律得Eq=ma(1分) 解得E=0.15N/C。(1分) 15.解：(1)小球做类平抛运动，由牛顿第二定律有a=Eg+mg (1分) 当小球距离斜面最远时，其速度方向与斜面平行，有tan30°= 2(1分) vy=at(1分) y √3mvo 解得t=3(Ea十ng)° (1分) E (2)沿斜面和垂直斜面方向建立直角坐标系，如图所示 则u,=wsin30°=号 (1分) B agmcos 303 (Eg+mg) 0 77777 2m (1分) g 由(1)知经过时间t,小球离斜面最远，y轴方向有 v,2=2a,h(1分) mvo2 得h= (1分) 43 (Eg+mg) (3)带电荷量为十g的小球从A点到B点的过程中，有y= 2a41 x=vot1(1分) tan30°=之 (1分) 2√3mwo 得t1=3(Eq十mg） (1分) 带电荷量为一g的小球从A点到B'点的过程中，由牛顿第二定律有a'=g一E☑ 772 yta't: (1分) x=vo2(1分) tan30°=义 (1分) 2√3mwo 得t2= 3(mg-Eq） (1分) 舒得2-贸+ (1分) [其他合理解法也算对] 【高二物理·参考答案第2页（共2页）】 屬国