模块检测卷(6)-【学考一本通】2025年陕西省普通高中学业水平测试物理

模块检测卷(六) (满分:100分) 第一部分(选择题 共60分) 一、选择题(共20个小题,每小题3分,共60分.在每题给出的四个选项中,只有一项是符合题目 要求的) 1.下列关于电场的说法不正确的是 ( ) A.电场并不存在,是人们想象出来的 B.电场是一种客观存在的物质 C.电荷之间通过电场相互作用 D.电场的基本特性是对放入其中的电荷有力的作用 2.如图所示,水平向右的匀强电场,场强大小为2V/m.质量为1 kg、电量为1.6C带正电的小物块,从原点O 以1m/s的初速度 向右运动,物块所受阻力f与位移x 的关系为f=(2x+1.2)N. 则物块运动的最大速度为 ( ) A.2m/s B.3m/s C.2m/s D.5m/s 3.玩具车内需要8节新干电池串联作为电源,该电源的电压为 ( ) A.1.5V B.8V C.12V D.16V 4.如图所示,通过计算可知:一个半径为R 的均匀带电体(或球壳)在球的外 部产生的电场,与一个位于球心、电荷量相等的点电荷在同一点产生的电 场相同,在相关应用中可用点电荷场强公式E=kQ r2 进行计算.这里所采 用最核心的物理方法与下列哪个相同 ( ) A.瞬时速度概念的建立 B.“重心”模型的建立 C.弹簧振子模型的建立 D.探究向心力大小的表达式 5.某型号静电除尘器的集尘板周围电场线分布如图所示,A、B、C、D 四点中电 场强度最大的为 ( ) A.A B.B C.C D.D 6.某地风力发电机的叶片转动时可形成半径为R 的圆面.某时间内该地区的 风速为v,风向恰好跟片转动的圆面垂直,已知空气的密度为ρ.假如该风力 发电机能将此圆内20%的空气动能转化为电能,则此风力发电机发电的功 率为 ( ) A.0.1πρR 2v2 B.0.5πρR 2v2 C.0.1πρR 2v3 D.0.5πρR 2v3 7.物理思想方法是物理学科素养的重要内容,可帮助我们提升思维水平,形成综合能力.下列有 关思想方法说法正确的是 ( ) A.卡文迪什利用扭秤测量万有引力常量用到了微元法的思想 B.合力、分力等概念的建立体现了等效替代的思想 C.电流公式I=UR 与电容公式C=QU 都采用了比值定义法 D.点电荷、电场、电场线都是抓住主要因素忽略次要因素建立的理想化模型 8.公元前600年左右,古希腊学者泰勒斯发现摩擦过的琥珀可以吸引轻小物体,这是静电现象最 早的发现.下列关于静电场的说法中正确的是 ( ) A.元电荷实际上是指电子和质子本身 B.电场是物质存在的一种形式 C.用验电器检测物体是否带电时,被检测物体必须与验电器金属球接触 D.由库仑定律公式F=kQq r2 可知,当r趋近于0时,F将趋近于无穷大 —73— 9.下列说法中正确的是 ( ) A.电场中某点的电场强度方向即试探电荷在该点的受力方向 B.公式E=Fq 和E=kQ r2 只适用点电荷形成的电场 C.根据E=Fq 可知,电场中某点的电场强度与试探电荷的受力大小及带电荷量无关 D.在真空中以点电荷为圆心,半径为r的球面上,电场强度处处相等 10.某电场等势面的分布情况如图所示,下列说法正确的是 ( ) A.A、B 两点的电场强度大小相同,方向不同 B.同一电荷在Q 点的电势能比在P 点大 C.同一电荷沿折线BQA移动与沿折线BPA移动,静电力做功一样大 D.把电子从等势面e移动到等势面c,静电力做功为10eV 11.关于电路的有关知识,下列说法正确的是 ( ) A.电流既有大小,又有方向,是一个矢量 B.由R=UI 可知,导体的电阻与它两端的电压成正比,与通过它的电流成反比 C.用多用电表测电阻时,如果指针偏转角度太大,应换用较小倍率后重新调节测量 D.将一根导线等分为二,则半根导线的电阻和电阻率都是原来的一半 12.下列关于物理学发展历史的说法正确的是 ( ) A.“笔尖下发现的行星—海王星”的发现者是伽利略 B.卡文迪什通过实验测出了引力常量 C.开普勒分析卡文迪什的观测数据,提出了关于行星运动的三大定律 D.第谷利用扭秤实验对电荷之间的作用力进行研究,得出了库仑定律 13.由多晶硅制成的电容加速度传感器的原理示意图如图所示, 传感器可以看成由多晶硅悬臂梁与顶层多晶硅上、下极板构 成的两个电容器组成(电容分别为C1、C2),当传感器有沿着 箭头方向(竖直向上)的加速度时,多晶硅悬臂梁的右侧会发 生与加速度方向相反的弯曲形变.下列说法正确的是 ( ) A.传感器匀速向上运动时,C1 减小,C2 增大 B.传感器匀速向下运动时,C1 减小,C2 增大 C.传感器向上减速时,C1 减小,C2 增大 D.传感器向下减速时,C1 减小,C2 增大 14.我们把电场中电势相同的各点构成的面叫作等势面.等势面也是形象 描绘电场的重要工具,某同学研究点电荷产生的静电场时,画出了如 图所示的等距等势面a、b、c,即相邻两等势面间的距离相等.由图可知 ( ) A.若改变零电势的位置,等势面b的电势大小不变 B.等势面b的电势等于-6V C.等势面b的电势低于-6V D.等势面b的电势高于-6V 15.如图所示,大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G 和变 阻箱R 改装而成.已知灵敏电流表G 的满偏电流为Ig=300 mA,内阻为Rg=10Ω,变阻箱R 接入电路的阻值为R0.下列 说法正确的是 ( ) A.改装为15V量程的电压表,选择图甲,R0=20Ω B.改装为15V量程的电压表,选择图乙,R0=40Ω C.改装为0.6V量程的电流表,选择图甲,R0=5Ω D.改装为0.6V量程的电流表,选择图乙,R0=10Ω —83— 16.如图所示,电源的电动势为E,内阻为r,R1 为定值电阻,R2 为光敏电阻(阻 值随光照强度增大而减小),C 为电容器,L 为小灯泡,电表均为理想电表, 闭合开关S电路达到稳定状态后,若增大照射光强度,则 ( ) A.小灯泡的功率减小 B.电容器极板上的电荷量增加 C.电源的输出功率一定增大 D.两表示数变化量的比值ΔUΔI 不变 17.下列说法中正确的是 ( ) A.由公式C=QU 知,电容器的电容与电容器两极板间的电压成反比,与电容器所带的电荷量 成正比 B.由电场强度E=Fq 可知,电场强度E 与电荷量q成反比 C.由点电荷场强公式E=kQ r2 可知,r一定时,电荷量Q 越大,场强E 越大 D.由电势差U=Ed可知,电场强度一定时,两点间距离越大,这两点间电势差越小 18.正方形ABCD 的四个顶点分别位于x 轴和y 轴上,在A、C 两点分别固 定一个电荷量为+q的点电荷;在B、D 两点分别固定一个电荷量为-q 的点电荷.E 点和F 点分别为AB 和CD 边的中点,M 点和N 点是位于 x 轴上关于O 点对称的两个点.则下列说法正确的是 ( ) A.E 点和F 点的电场强度相等 B.O点的电场强度等于零,电势一定大于零 C.将电子从E 点沿着EF 连线移动到F 点,电场力做正功 D.电子从 M 点移动到N 点的过程中,电势能先增大后减小 19.某同学想通过测绘小灯泡的I-U 图像来研究小灯泡的电阻随电压变化的规律,其中小灯泡(6 V,1W)、电流表(量程200mA、内阻约0.5Ω)、电压表(量程15V、内阻约20kΩ)、电源(电动 势8V、内阻忽略不计)、滑动变阻器(阻值20Ω、最大电流1A)、电键、导线若干.下列四幅电 路图中最合理的是 ( ) A B C D 20.如图所示,半径为R 的竖直圆周上有A、B、C、D 四个点,AB⊥CD,其中A、B 处各固定一根垂直于纸面的通电直导线,导线A 中的电流向里,导线B 中的 电流向外,导线中电流大小相等.在该圆形区域平面内再加上大小为B0,方 向未知的匀强磁场(图中未画出),使C 处的磁感应强度为0.下列说法中正 确的是 ( ) A.匀强磁场的方向平行于AB 向上 B.D 处磁场的磁感应强度大小为2B0 C.若将A 中的电流反向,则AB 连线中点处磁场方向平行于CD 向右 D.若将B 中的电流反向,则D 处的磁感应强度大小为0 第二部分(非选择题 共40分) 二、填空题(共2小题,计12分) 21.(6分)某一机器人上的电容式位移传感器工作时的简化模型图如 图.当被测物体在左右方向发生位移时,电介质板随之在电容器 两极板之间移动,连接电容器的静电计会显示电容器电压的变 —93— 化,进而能测出电容的变化,最后就能探测到物体位移的变化,若静电计上的指针偏角为θ,则 被测物体向左移时,会看到θ (填增大或减小或不变).假设该电容器不是用于位移 传感器,仅把电容器上极板往上移,会看到θ (填增大或减小或不变),若仅把电容器 上极板往左移一些,会看到θ (填增大或减小或不变). 22.(6分)为了消除和利用烟气中的煤粉,可采用如图所示的静电除尘装置,它是由 金属管A 和悬在管中的金属丝B 组成,A 接到高压电源正极,B 接到高压电源负 极,且A 要接地.A、B 间有很强的电场,距B 越近电场 (填“越强”或“越 弱”)、电势 (填“越高”或“越低”),因此,B 附近的空气分子被强电场电离 为电子和正离子,正离子跑到B 上得到电子又变成空气分子,电子在奔向A 的过 程中摆到烟气中的煤粉并附着在煤粉上,使其带负电,吸附到 (填“A”或 “B”)上,这样排出的烟就变清洁了. 三、计算题(共3小题,计28分) 23.(8分)真空中有一电场,在电场中P 点放一电荷量为4×10-9C的正试探电荷,它受到的电场 力大小为5×10-5N.求: (1)P 点的电场强度的大小; (2)若把试探电荷取走,P 点的电场强度的大小; (3)若在P 点放一个电荷量为4×10-9C的负电荷,其受到的电场力的大小. 24.(8分)如图所示,电源电压恒为6V,定值电阻R 阻值为20Ω,小灯泡L的 额定电压为4V;闭合开关后,小灯泡L正常发光,求: (1)电路的电流; (2)L的额定功率; (3)通电30s,L消耗的电能. 25.(12分)下图是利用电动机提升重物的示意图,其中D 是直 流电动机.P 是一个质量为m 的重物,它用细绳拴在电动 机的轴上.电源电动势E=120V,闭合开关S,重物P 以速 度v 匀速上升,这时电流表和电压表的示数分别是I= 5.0A和U=110V,重物P 上升的速度v=0.80m/s.重物 的质量m=50kg(g取10m/s2).求: (1)电源的内阻r多大? (2)直流电动机的机械效率η多大? (3)电动机线圈的电阻R 多大? —04— 解析 (1)由闭合电路欧姆定律E=U+Ir代入数据得 E=16+0.2r E=4+0.8r 解得E=20V r=20Ω. (2)当滑片位于最右端时,外电路总电阻即为R2,则有 R2= UB IB = 40.8Ω=5Ω 当滑片在最左端时,对应着图线上的 A 点,则有R总 = UA IA =160.2Ω=80Ω 再根据串、并联电路的规律,则有R总= R1R3 R1+R3 +R2 代入数值得滑动变阻器的最大阻值为R3=300Ω. (3)当R3=300Ω时,总电流最小为I= E R1R3 R1+R3 +R2+r =0.2A 此 时R1两端的电压为U1=I R1R3 R1+R3 =0.2×75V=15 V 则R1消耗的最大功率为PR1= U21 R1 =2.25W 电源效率η= R外 r+R外 R外= R1R3 R1+R3 +R2 η=80%. 模块检测卷(六) 1.A 电场是一种客观存在的物质,不是人们想象出来的, 故A错误,B正确;电荷之间通过电场相互作用,故C正 确;电场的基本特性是对放入其中的电荷有力的作用,故 D正确.本题选不正确的,故选A. 2.B 由题意知,电场力大小等于所受阻力大小时,合力为 零,物块速度达到最大,设物块所受电场力为F,场强为 E,电量为q,此时F=f,则qE=2x+1.2,代入得x=1 m,则可知,当物块运动1m 时速度达到最大,由题知阻力 为变力,设当x=0时,阻力为f0,当x=1m时,设阻力为 f,物块初速度为v0,物块末速度为vm,由 动 能 定 理 知 qEx- (f0+f) 2 ·x=12mv 2 m- 1 2mv 2 0,代入得vm= 3m/ s,B正确;故选B. 3.C 每节干电池的电压为1.5V,因此8节新干电池串联 电压为8×1.5V=12V,故C正确. 4.B 一个半径为R 的均匀带电体(或球壳)在球的外部产 生的电场,与一个位于球心、电荷量相等的点电荷在同一 点产生的电场相同,这里采用最核心的物理方法为等效 替代,瞬时速度概念的建立采用了极限法,故A错误;“重 心”模型的建立采用了等效替代,故B正确;弹簧振子模 型的建立采用了理想模型法,故C错误;探究向心力大小 的表达式采用了控制变量法,故D错误.故选B. 5.A 电场线密集的地方电场强度大,电场线稀疏的地方电 场强度小,A 点的电场强度最大,A正确,BCD错误.故 选A. 6.C 根据题意,设时间为t,则到达叶片上空气的质量为m =ρSvt,代入得 m=ρπR2vt,动能为Ek= 1 2mv 2,代入得 Ek= 1 2ρπR 2v3t 转化为电能为E=20%·Ek=0.1ρπR2v3t,则此风力发电 机的功率为P=Et =0.1ρπR 2v3,C正确;故选C. 7.B 卡文迪什利用扭秤测量万有引力常量用到了放大法 的思想,故A错误;合力、分力等概念的建立体现了等效 替代的思想,故B正确;电流公式I=UR 是电流的决定式, 不是比值定义,与电容公式C=QU 采用了比值定义法,故 C错误;点电荷、电场线都是抓住主要因素忽略次要因素 建立的理想化模型,而电场是客观存在的一种特殊物质, 不是理想化模型,故D错误.故选B. 8.B 物理学中把质子所带的电荷量或电子所带电荷量的 绝对值叫元电荷,不是指质子或电子本身,A错误;电场 是物质存在的一种形式,B正确;被检验物体靠近验电器 接触球时,由于感应带电,验电器的箔片也可张开,检验 出物体带电,C错误;库仑定律公式F=kQq r2 的适用条件 是真空中的点电荷,当r趋近于0时,公式已经不适用,D 错误;故选B. 9.C 电场中某点的电场强度方向与正试探电荷在该点的 受力方向相同,与负试探电荷在该点的受力方向相反,故 A错误;公式E=Fq 是电场强度的比值定义式,对任意电 场均成立,E=kQ r2 是真空中点电荷电场强度的决定式,只 适用点电荷形成的电场,故B错误;公式E=Fq 是电场强 度的比值定义式,可知,电场中某点的电场强度与试探电 荷的受力大小及带电荷量无关,故C正确;根据点电荷的 电场分布特征可知,在真空中以点电荷为圆心,半径为r 的球面上,电场强度大小处处相等,方向不同,故D错误. 故选C. 10.C 电场线的疏密程度代表场强大小,A、B 两点的电场 强度大小与方向均不同,A错误;电势能大小与电荷的 电性有关,B错误;静电力做功与路径无关,C正确;把电 子从等势面e移动到等势面c,静电力做功为W=-e(φe -φc)=-10eV,D错误.故选B. 11.C 电流既有大小,又有方向,但运算法则符合代数运算 法则,是一个标量,故A错误;导体的电阻是其本身的属 性,与它两端的电压、通过它的电流无关,故B错误;用 多用电表测电阻时,如果指针偏转角度太大,应换用较 小倍率后重新调节测量,故C正确;根据电阻定律R=ρ L S ,将一根导线等分为二,电阻减半,而电阻率是导体材 料的特性,与长度无关,故D错误.故选C. 12.B “笔尖下发现的行星-海王星”的发现者是勒维耶和 亚当斯,故A错误;卡文迪什通过实验测出了引力常量, 故B正确;开普勒分析第谷的观测数据,提出了关于行 星运动的三大定律,故C错误;库仑利用扭秤实验对电 荷之间的作用力进行研究,得出了库仑定律,故D错误. 故选B. 13.D 匀速运动时,多晶硅悬梁臂相对于顶层多晶硅上下 极板间的距离均不变,根据C= εrS 4πkd ,可知电容器的各 个结构均未改变,故C1、C2 不变,故AB错误;传感器向 上减速时,加速度方向向下,多晶硅悬臂梁的右侧向上 发生弯曲,多晶硅悬梁臂相对于顶层多晶硅上极板的距 离减小,下极板的距离增大,根据C= εrS 4πkd ,可知C1 增 大,C2 减小,C错误;传感器向下减速时,加速度方向向 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —08— 上,多晶硅悬臂梁的右侧向上下发生弯曲,多晶硅悬梁 臂相对于顶层多晶硅上极板的距离增大,下极板的距离 减小,根据C= εrS 4πkd ,可知C1 减小,C2 增大,故D正确. 故选D. 14.D 等势面的电势大小与零电势的位置有关,故若改变 零电势的位置,等势面b的电势会变,故 A错误;因ba 间的平均电场强度大于cb 间的平均电场强度,且ba间 的距离等于cb 间的距离,根据U=Ed,故Uba>Ucb,即 等势面b 的 电 势 高 于 -6V,故 BC错 误,D正 确.故 选D. 15.B 改装为15V量程的电压表,需串联一个电阻,选择 图乙,根据欧姆定律有Um=Ig(Rg+R0),解得R0= Um Ig -Rg= 15 0.3Ω-10Ω=40Ω ,故A错误,B正确;改装为 0.6A量程的电流表,需要并联一个电阻,选择图甲,根 据欧姆 定 律 有Im=Ig+ IgRg R0 ,解 得 R0= IgRg Im-Ig = 0.3×10 0.6-0.3Ω=10Ω ,故CD错误.故选B. 16.D 若增大照射光强度,则R2阻值减小,总电阻减小,总 电流变大,通过小灯泡的电流变大,可知小灯泡的功率 增加,R1和内阻上的电压变大,则电容器两板电压减小, 则电容器极板上的电荷量减小,选项AB错误;当外电阻 等于电源内阻时电源输出功率变大,外电阻和内阻的关 系不能确定,可知电源的输出功率不一定增大,选项C 错误;两表示数变化量的比值ΔU ΔI=R1 ,不变,选项D正 确.故选D. 17.C 电容器的电容由电容器本身决定,与电容器两极板 间的电压和电容器所带的电荷量均无关,故 A错误;电 场强度由电场本身决定,与试探电荷的电荷量无关,故B 错误;由点电荷场强公式E=kQ r2 ,可知,r一定时,电荷量 Q 越大,场强E 越大,故C正确;由电势差U=Ed可知, 电场强度一定时,两点间沿电场强度方向的距离越大, 这两点间电势差越大,故D错误.故选C. 18.D 将A、B 与C、D 分别看为两组等量异种点电荷,根据 等量异种点电荷的电场分布规律,结合对称性可知,E 点和F 点的电场强度大小相等,方向相反,即E 点和F 点的电场强度不相等,故 A错误;结合上述,将A、B 与 C、D 分别看为两组等量异种点电荷,由于等量异种点电 荷连线的中垂线为等势线,电势与无穷远电势相等,即 电势等于0,可知,O 点的电势为0,A、C 与B、D 是两组 等量同种点电荷,由于等量异种点电荷连线的中点位置 的电场强度为0,即O 点的电场强度等于零,故B错误; 结合上述可知,EF 连线为一条等势线,则将电子从E 点 沿着EF 连线移动到F 点,电场力不做功,故C错误;根 据图中电荷的分布可知,由于 MO 之间的任意位置均靠 近A、B 组等量异种点电荷,则MO 之间任意位置的电势 由A、B 组等量异种点电荷决定,ON 之间的任意位置均 靠近C、D 组等量异种点电荷,则ON 之间任意位置的电 势由C、D 组等量异种点电荷决定,根据等量异种点电荷 的电场线分布规律,由于沿电场线电势降低,而等势线 垂直于电场线,由于O 点电势为0,可知,MO 之间的任 意位置的电势均大于0,由 M→O,电势降低,ON 之间的 任意位置的电势均大于0,由O→N,电势升高,则电子 从 M 点移动到N 点的过程中,电场力先做负功后做正 功,则电势能先增大后减小,故D正确.故选D. 19.A 根 据 题 意 可 知,小 灯 泡 的 电 阻 R=U 2 P =36Ω< RARV=100Ω,电流表应采用外接法.为了获取更多的 数据,滑动变阻器才用分压电流,故最合理的电路为A. 故选A. 20.C 两通电直导线中的电流在C点产生的合磁场方向平 行于CD 向左,由于C处的磁感应强度为0,所以匀强磁 场的方向平行于CD 向右,故 A错误;两通电直导线中 的电流在D 点产生的合磁场方向平行于CD 向左,与C 点磁感应强度相同,大小为B0,所以D 处的磁感应强度 大小也为0,故B错误;若将A中的电流反向,两通电直 导线中的电流在AB 连线中点处产生的合磁场为0,由 于匀强磁场的方向平行于CD 向右,所以AB 连线中点 处磁场方向平行于CD 向右,故C正确;若将B中的电 流反向,两通电直导线中的电流在D 点处产生的合磁场 方向平行于AB 向上,大小为B0,由于匀强磁场的方向 平行于CD 向右,大小为B0,则D 处的磁感应强度大小 为 2B0,方向与CD 成45°,指向右上方,故 D错误.故 选C. 21.答案 减小 增大 增大 解析 [1]由公式C= εS4πkd 可知,当被测物体带动电介 质板向左移动时,导致两极板间电介质增大,则电容C 增大,由公式C=QU 可知,电荷量不变时,U 减小,则θ 减小. [2]由公式C= εS4πkd 可知,仅把电容器上极板往上移,则 电容C减小,由公式C=QU 可知,电荷量不变时,U 增 大,则θ增大. [3]由公式C= εS4πkd 可知,仅把电容器上极板往左移一 些,即电容器两极板正对面积减小.则电容C 减小,由 公式C=QU 可知,电荷量不变时,U 增大,则θ增大. 22.答案 越强 越低 A 解析 [1][2][3]A、B 间有很强的电场,由题意可知, 场强方向由A→B,沿电场线方向电势降低,则距B 越 近电场越强,电势越低.B 附近的空气分子被强电场电 离为电子和正离子,电子在奔向A 的过程中遇到烟气 中的煤粉并附着在煤粉上,使其带负电,A 带正电,则带 负电的煤粉就被吸附到A 上,使排出的烟就变清洁. 23.答案 (1)5×103N/C (2)5×103N/C (3)2× 10-5N 解析 (1)P 点的电场强度大小为E=Fq = 2×10-5N 4×10-9C =5×103N/C (2)某点处的场强是由场源电荷决定的,与试探电荷无 关,故把试探电荷取走,P 点的电场强度大小仍为5× 103N/C. (3)在P 点放一个电荷量为4×10-9C的负电荷,其受 到的电场力大小为F'=Eq'=5×103×4×10-9N=2× 10-5N 24.答案 (1)0.1A (2)0.4W (3)12J 解析 (1)根据串联电路电压关系,定值电阻R 两端电 压为UR=U-UL=6V-4V=2V 则电路的电流为I= UR R = 2 20A=0.1A. (2)根据串联电路电流处处相等,可知小灯泡L 的额定 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —18— 功率为PL=ULI=4×0.1W=0.4W. (3)通电30s,L消耗的电能为 W =PLt=0.4×30J= 12J. 25.答案 (1)4Ω (2)72.7% (3)6Ω 解析 (1)由闭合电路欧姆定律E=U+Ir 代入数据可得r=2'Ω (2)电动机的电功率P电=UI=110×5W=550W 电动机的 机 械 功 率 P机 =mgv=50×10×0.8 W= 400W 电动机的机械效率η= P机 P电 ×100%=72.7% (3)电动机线圈的电阻R 的发热功率为P线 =P电 -P机 =150W 由P线=I2R 得R=6Ω. 陕西省普通高中学业水平合格性考试 仿真模拟试卷(一) 1.D 根据匀变速直线运动的位移时间关系x=v0t+ 1 2at 2 与题干中x=4t-2t2 对比,可得1 2a=-2m /s2 解得a=-4m/s 故质点每秒内速度的变化量为-4m/s.故选D. 2.C 踢出去的足球在空中受到重力的作用,故A错误;玩 滑雪板时尽量降低重心,板对地面的压力不会增加,这样 做是为了增加人的稳定程度,不易摔例,故B错误;在匀 速直线行驶的列车上,人竖直跳起,人由于有惯性,要保 持原来的速度向前运动,由于车是匀速直线运动,车也保 持相同的速度向前运动,故人竖直跳起后仍会落到原地, 故C正确;沿水平面用力推木箱,在木箱没有推动之前, 木箱受到平衡力作用,水平方向上只受到推力和摩擦力, 推力等于摩擦力,推力越大摩擦力越大,木箱一旦推动, 物体对地面的压力等于重力,保持不变,接触面粗糙程度 不变,物体受到的滑动摩擦力不变,若推力再增加,物体 就要加速运动,故D错误.故选C. 3.A 船桨给水一个向后的力,根据牛顿第三定律可知,湖 水给船桨一个向前的力,故使船前进的力的施力物体是 湖水,A正确,BCD错误.故选A. 4.C 课桌的高度约80cm,故A错误;托起两个鸡蛋的力 大约为1N,则一个鸡蛋的重力约0.5N,故B错误;人正 常步行1小时大概走4km,速度约为1.2m/s,故C正 确;中学生随着音乐做一套眼保健操用约为4min,故D 错误.故选C. 5.C 由速度图像可知,到50.0s,电梯速度均为正,都不为 零,即电梯一直处于上升阶段.故选C. 6.C 瞬时速度的定义采用了极限法,电势的定义有φ= Ep q ,电场中某点的电势等于试探电荷所具的电势能跟它 所带的电荷量之比,它是一个与试探电荷本身无关的物 理量,它与试探电荷存在与否无关,是由电场本身的性质 决定的物理量,可知,电势的定义采用了比值定义法,故 A错误;根据电场强度的定义有E=Fq ,电场中某点的电 场强度等于试探电荷所受的动量跟它所带的电荷量之 比,它是一个与试探电荷本身无关的物理量,它与试探电 荷存在与否无关,是由电场本身决定的物理量,可知,电 场强度的定义采用了比值定义法,故B错误;根据平均功 率的定义式有P=Wt ,物体某一时段内做的功与时间的 比值就是这段时间的平均功率,当这个时间非常非常小, 趋近于0时,就可以表示是瞬时功率了,可知,瞬时功率 的定义采用了极限法,故C正确;机械能是动能与势能的 总和,是表示物体运动状态与高度的物理量,该定义没有 采用极限法,故D错误,故选C. 7.D 所有带电体所带电量都是e的整数倍,所以 ABC均 有可能,D不可能.故选D. 8.A 光属于电磁波,其传播不需要介质,可以在真空中传 播,故A正确,B错误;声波的传播需要介质,可以在空 气、液体和固体中传播,故C错误;在空气中传播的声波 是纵波,故D错误.故选A. 9.C 电场是实际存在于电荷周围的一种特殊的物质,电场 线是为了形象地描述电场人为引入的,电场线实际上不 存在,故AB错误;电场线的疏密程度能够表示电场的强 弱,电场线越密集的位置电场强度越大,电场线越稀疏的 地方,电场强度小,故C正确;电场线的疏密程度能够表 示电场的强弱,图中B 点位置虽然没有画电场线,但其所 在空间区域的电场线分布仍然能够反映一定的疏密程 度,可知,该点的电场强度不为0,故D错误.故选C. 10.D 电场强度与试探电荷无关,可知,如果 M 点处试探 电荷的电荷量变为2q,该处电场强度仍然为E=Fq ,故 A错误;电场强度的反向与正电荷所受电场力的方向相 同,可知,M 点处的电场强度方向与负试探电荷所受静 电力的方向相反,故B错误;电场线分布的疏密程度表 示电场的强弱,根据图像可知,M 点位置电场线分布比 N 点电场线分布稀疏一些,则 M 点处的电场强度比N 点处的电场强度小,故C错误;图中电场线起源于右侧 点电荷,终止于左侧的点电荷,可知,图中右侧为正点电 荷,左侧为负点电荷,即a、b为异种电荷,故D正确.故 选D. 11.C 运动员腾空做斜抛运动,所以在腾空的最高点,竖直 方向速度为零,但水平速度不为零,故A错误;在腾空上 升阶段,运动员只受重力作用,具有向下的加速度,运动 员处于失重状态,故B错误;在起跳时,运动员具有向上 的加速度,地面对运动员的支持力大于重力,根据牛顿 第三定律可知运动员对地面的压力大于重力,故C正 确;在助跑过程中,地面给人脚静摩擦力作用,使运动员 加速向前运动,故D错误.故选C. 12.D 物体在竖直弹性绳的作用下,上、下来回运动,其中 存在有向上的加速度的过程,此时处于超重状态,A错 误;物体在竖直弹性绳的作用下,上、下来回运动,当物 体与弹性绳间的作用力刚好为0时,物体只受重力作 用,加速度为g,处于完全失重状态,B错误;足球被竖直 向上踢出后,在向上运动过程中只受重力作用,加速度 为g,处于完全失重状态,C错误;汽车通过拱桥最高点 时(速度不为0),具有向下的加速度,一定处于失重状 态,D正确.故选D. 13.C 将N 端的速度v0 进行分解,设此时v0 与水平方向 的夹角为θ,如图所示 则人的速度等于v0沿杆的分量,即v人=v0cosθ 根据几何关系可得cosθ= 2h (2h)2+h2 =25 5 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —28—