1.2.1 空间中的点、直线与空间向量&1.2.2 空间中的平面与空间向量-【新课程能力培养】2024-2025学年高中数学选择性必修第一册随堂练习（人教B版）

1. 若 A （ 1 ， 0 ， 1 ）， B （ 2 ， 3 ， 4 ） 在直线 l 上， 则直线 l 的一个 方向向量是 （ ） A. （ -1 ， 3 ， 3 ） B. （ 1 ， 3 ， 3 ） C. （ 3 ， 3 ， 5 ） D. （ 2 ， 4 ， 6 ） 2. 向量 a＝ （ x ， 1 ， -2 ）， b＝ （ 3 ， x ， 4 ）， a⊥b ， 则 x＝ （ ） A. 8 B. 4 C. 2 D. 0 3. 直线 l 1 与 l 2 不重合， 直线 l 1 的方向向量为 v 1 ＝ （ -1 ， 1 ， 2 ）， 直线 l 2 的方向向量为 v 2 = （ -2 ， 0 ， -1 ）， 则直线 l 1 与 l 2 的位 置关系为 . 4. 已知向量 a＝ （ 1 ， 0 ， -1 ）， 向量 b＝ （ 2 姨 ， 0 ， 0 ）， 则 〈 a ， b 〉 ＝ . 5. 在直三棱柱 ABC鄄A 1 B 1 C 1 中 ， ∠BCA＝90° ， M ， N 分别是 A 1 B 1 ， A 1 C 1 的中点， BC＝CA＝CC 1 ， 求 BM 与 AN 所成角的余 弦值 . 1.2 空间向量在立体几何中的应用 1.2.1 空间中的点、 直线与空间向量 6 日期： 班级： 姓名： 1. 若直线 l 的方向向量 a＝ （ 1 ， 2 ， -1 ）， 平面 α 的一个法向量 m＝ （ -2 ， -4 ， k ）， 若 l⊥α ， 则实数 k＝ （ ） A. 2 B. -10 C. -2 D. 10 2. 已知平面 α 的一个法向量为 a＝ （ 1 ， 2 ， -2 ）， 平面 β 的一个 法向量为 b＝ （ -2 ， -4 ， k ）， 若 α⊥β ， 则 k＝ （ ） A. 4 B. -4 C. 5 D. -5 3. 若两个向量 A "# B ＝ （ 1 ， 2 ， 3 ）， A "$ C ＝ （ 3 ， 2 ， 1 ）， 则平面 ABC 的一个法向量为 （ ） A. （ -1 ， 2 ， -1 ） B. （ 1 ， 2 ， 1 ） C. （ 1 ， 2 ， -1 ） D. （ -1 ， 2 ， 1 ） 4. 已知直线 l 与平面 α 垂直 ， 直线 l 的一个方向向量 u＝ （ 1 ， -3 ， z ）， 向量 v＝ （ 3 ， -2 ， 1 ） 与平面 α 平行， 则 z＝ . 1.2.2 空间中的平面与空间向量 7 5. 如图 所 示 ， 在 直 三 棱 柱 ABC鄄A 1 B 1 C 1 中 ， ∠ACB ＝90° ， ∠BAC＝30° ， BC＝1 ， AA 1 ＝ 6 姨 ， M 是 CC 1 中点 ， 求证 ： AB 1 ⊥A 1 M. M A B C A 1 B 1 C 1 第 5 题图 8 高中数学选择性必修 第一册 （人教 B 版） 精编版 ∴ 姿=-2 ， x姿=4 ， 3姿=y ! # # # " # # # $ ， ∴ 姿=-2 ， x=-2 ， y=-6 ! # # # " # # # $ ， ∴x-y＝4. 7. 2仔 ３ 【解析】 （ 2a+b ）· c＝2a · c+b · c＝-10 ， 又 a · c＝4 ， ∴b · c＝-18. 又 ∵|c|＝3 ， |b|＝12 ， ∴cos 〈 b ， c 〉 ＝ b · c ｜b｜｜c｜ ＝- 1 2 . ∵ 〈 b ， c 〉 ∈ ［ 0 ， 仔 ］， ∴ 〈 b ， c 〉 ＝ 2仔 3 . 8. 6 +2 3 姨 【 解 析 】 如 图 ， S △AOC ＝S △BOC ＝S △AOB ＝ 1 2 ×2×2＝2 ， S △ABC ＝ 3 姨 4 ×|AB | 2 ＝ 3 姨 4 ×8＝2 3 姨 ， 故 三棱锥的表面积 S＝6+2 3 姨 . 9. 解： ∵ O O) A ＝ （ 1 ， 0 ， 0 ）， O O) B ＝ （ 0 ， -1 ， 1 ）， ∴ O O) A + 姿 O O) B ＝ （ 1 ， -姿 ， 姿 ）， ∴ （O O) A +姿 O O) B ）·O O) B ＝姿+姿＝2姿. 又 ∵| O O) A +姿 O O) B |＝ 1+姿 ２ +姿 ２ 姨 ＝ １+２姿 2 姨 ， | O O) B |＝ 2 姨 ， ∴cos120°＝ （O O) A +姿 O O) B ）·O O) B ｜ O O) A +姿 O O) B ｜｜ O O) B ｜ ＝ 2姿 2 姨 · 1+2姿 2 姨 =- 1 2 ， ∴姿 2 ＝ 1 6 . 又 ∵ 2姿 2 姨 · 1+2姿 2 姨 ＜0 ， 即 姿＜0 ， ∴姿＝- 6 姨 6 . 10. 解： （ 1 ） ∵a∥b ， ∴ 存在实数 姿 ， 使 a＝姿b ， ∴ （ 2 ， 4 ， 5 ） ＝姿 （ 3 ， x ， y ）， ∴ 2=3姿 ， 4=姿x ， 5=姿y ! # # # " # # # $ ， ∴ 姿＝ 2 3 ， x=6 ， y= 15 2 ! # # # # # # " # # # # # # $ . （ 2 ） 向量 （ -3 ， -4 ， 5 ） 的模为 （ -3 ） 2 + （ -4 ） 2 +5 2 姨 ＝ 5 2 姨 ， ∴ 与向量 （ -3 ， -4 ， 5 ） 共线的单位向量为 ± 1 5 2 姨 （ -3 ， -4 ， 5 ） ＝± 2 姨 10 （ -3 ， -4 ， 5 ）， 即 3 2 姨 10 ， ， 2 2 姨 5 ， - 2 姨 2 2 和 - 3 2 姨 10 ， - 2 2 姨 5 ， 2 姨 2 ， 2 . 提升练习 11. C 【解析】 A O) B ＝ （ 3 ， 4 ， -8 ）， A O) C ＝ （ 5 ， 1 ， -7 ）， B O) C ＝ （ 2 ， -3 ， 1 ） ， ∴ | A O) B |＝ 3 2 +4 2 +8 2 姨 ＝ 89 姨 ， | A O) C |＝ 5 2 +1 2 +7 2 姨 ＝ 75 姨 ， | B O) C |＝ 2 2 +3 2 +1 2 姨 ＝ 14 姨 ， ∴| A O) C | 2 +| B O) C | 2 ＝ 75+14＝89＝| A O) B | 2 ， ∴△ABC 为直角三角形 . 故选 C. 12. C 【解析】 a+b＝ （ -1 ， -2 ， -3 ） ＝-a ， 故（ a+b ）· c＝ -a · c＝7 ， 得 a · c＝-7 ， 而 |a|＝ 1 2 +2 2 +3 2 姨 ＝ 14 姨 ， ∴cos 〈 a ， c 〉 ＝ a · c ｜a｜｜c｜ ＝- 1 2 ， 〈 a ， c 〉 ＝120°. 故选 C. 13. - 2 3 4 3 ， 4 3 ， 8 3 ， 2 【解析】 设O O) Q ＝姿 O O) P ＝ （ 姿 ， 姿 ， 2姿 ） ， 故 Q （ 姿 ， 姿 ， 2姿 ） ， ∴ Q O) A ＝ （ 1 -姿 ， 2 -姿 ， 3 - 2姿 ）， Q O) B ＝ （ 2-姿 ， 1-姿 ， 2-2姿 ）， ∴ Q O) A·Q O) B ＝6姿 2 -16姿+10＝ 6 姿- 4 3 ， 2 2 - 2 3 ， ∴ Q O) A·Q O) B 的最小值为 - 2 3 ， 此时 姿＝ 4 3 ， Q 点的坐标为 4 3 ， 4 3 ， 8 3 ， 2 . 14. 3 13 ， 4 13 ， 12 13 ， 2 或 - 3 13 ， - 4 13 ， - 12 13 ， 2 【解析】 设 a＝ （ x ， y ， z ）， 由题意有 a ·A O) B =0 ， a ·A O) C =0 ， ｜a｜=1 ! # # # # " # # # # $ ， 代入坐标可解得 x= 3 13 ， y= 4 13 ， z= 12 13 ! # # # # # # # " # # # # # # # $ 或 x=- 3 13 ， y=- 4 13 ， z=- 12 13 ! # # # # # # # " # # # # # # # $ . * 15. 解： 以点 A 为原点， 建立 如图所示的空间直角坐标系 A鄄xyz. 由 题 意 知 A （ 0 ， 0 ， 0 ） ， C （ 0 ， 2 ， 0 ）， B （ 3 姨 ， 1 ， 0 ）， B 1 （ 3 姨 ， 1 ， 2 ）， M 3 姨 2 ， 3 2 ， ， 2 0 . 又 ∵ 点 N 在 CC 1 上， 可设 N （ 0 ， 2 ， m ） （ 0≤m≤2 ） ， 则 AB 1 O) ＝ （ 3 姨 ， 1 ， 2 ） ， M O) N ＝ - 3 姨 2 ， 1 2 ， ， 2 m ， ∴ | AB 1 O) |＝2 2 姨 ， | M O) N |＝ m 2 +1 姨 ， AB 1 O) ·M O) N ＝2m-1. 如果异面直线 AB 1 和 MN 所夹的角等于 45° ， 那么向量AB 1 O) 和M O) N 的夹角等于 45° 或 135°. 又 ∵cos 〈AB 1 O) ， M O) N 〉 ＝ AB 1 O) ·M O) N ｜AB 1 O) ｜｜ M O) N ｜ ＝ 2m-1 2 2 姨 × m 2 +1 姨 ， ∴ 2m-1 2 2 姨 × m 2 +1 姨 ＝± 2 姨 2 ， 解得 m＝- 3 4 ， 这与 0≤m≤ 2 矛盾， ∴ 在 CC 1 上不存在点 N ， 使得异面直线 AB 1 和 MN 所夹的角等于 45°. 1.2 空间向量在立体几何中的应用 1.2.1 空间中的点、 直线与空间向量 学习手册 变式训练 1 解： （ 1 ） 由已知， 得P O) B ＝2 A O) P ， 即O O) B - O O) P ＝2 （O O) P - O O) A ）， O O) P ＝ 2 3 O O) A + 1 3 O O) B . 设点 P 坐标为 （ x ， y ， z ）， 则上式换用坐标表示， 得 （ x ， y ， z ） ＝ 2 3 （ 2 ， 4 ， 0 ） + 1 3 （ 1 ， 3 ， 3 ）， x y z O A B C 第 8 题答图 M x y z A B C A 1 B 1 C 1 第 15 题答图 28 参 考 答 案 即 x＝ 4 3 + 1 3 ＝ 5 3 ， y＝ 8 3 + 3 8 ＝ 11 3 ， z＝0+1＝1. 故点 P 的坐标是 5 3 ， 11 3 ， ， " 1 . （ 2 ） ∵AQ ∶QB＝2 ∶ 1 ， ∴ A A$ Q ＝-2 Q A$ B ， O A$ Q - O A$ A ＝-2 （O A$ B - O A$ Q）， O A$ Q ＝- O A$ A +2 O A$ B . 设点 Q 的坐标为 （ x′ ， y′ ， z′ ）， 则上式换用坐标表示， 得（ x′ ， y′ ， z′ ） ＝- （ 2 ， 4 ， 0 ） +2 （ 1 ， 3 ， 3 ） ＝ （ 0 ， 2 ， 6 ）， 即 x′＝0 ， y′＝2 ， z′＝6. 故点 Q 的坐标 是 （ 0 ， 2 ， 6 ） . 变式训练 2 解： （ 1 ） 根据图形可求得下列点的坐标： A （ 3 姨 ， 0 ， 0 ） ， B （ 0 ， -1 ， 0 ） ， C （ 0 ， 1 ， 0 ） ， A 1 （ 3 姨 ， 0 ， 2 ） ， B 1 （ 0 ， -1 ， 2 ） ， C 1 （ 0 ， 1 ， 2 ） ， M 3 姨 2 ， 1 2 ， ， " 2 . （ 2 ） C A$ M ＝ 3 姨 2 ， - 1 2 ， ， " 2 ， BA 1 A$ ＝ （ 3 姨 ， 1 ， 2 ）， ∴ C A$ M·BA 1 A$ ＝5 ， | C A$ M |＝ 5 姨 ， | BA 1 A$ |＝2 2 姨 ， ∴cos 〈C A$ M ， BA 1 A$ 〉 ＝ 5 2 10 姨 ＝ 10 姨 4 . 变式训练 3 证明： 如图所示， 建立空间直角坐标系， 则 E （ 2 ， 2 ， 1 ）， G （ 1 ， 0 ， 0 ）， F （ 0 ， 0 ， 1 ）， H （ 1 ， 2 ， 2 ） . ∴ E A$ G = （ -1 ， -2 ， -1 ）， F A$ H = （ 1 ， 2 ， 1 ） . ∴ F A$ H =- E A$ G ， ∴ F A$ H ∥ E A$ G . 显然 EG 与 FH 不重合， 故 EG∥FH. 又 ｜ E A$ G ｜= （ -1 ） 2 + （ -2 ） 2 + （ -1 ） 2 姨 = 6 姨 ， ｜ F A$ H ｜= 1 2 +2 2 +1 2 姨 = 6 姨 ， ∴EG=FH ， ∴ 四边形 EGFH 为平行四边形 . 变式训练 4 证明 ： 如图所示 ， 建立空间直角坐标系 ， 则 A （ 2 ， 0 ， 0 ） ， D （ 0 ， 0 ， 0 ） ， B 1 （ 2 ， 2 ， 2 ）， C 1 （ 0 ， 2 ， 2 ）， E （ 2 ， 2 ， 1 ）， F （ 0 ， 0 ， 1 ）， 得D A$ E = （ 2 ， 2 ， 1 ）， FB 1 A$ = （ 2 ， 2 ， 1 ）， D A$ A = （ 2 ， 0 ， 0 ）， B 1 C 1 A$ = （ -2 ， 0 ， 0 ） ， ∴ D A$ E = FB 1 A$ ， D A$ A =- B 1 C 1 A$ . 又相互不共面 ， ∴DE∥FB 1 ， DA∥B 1 C 1 . 又 DA∩DE=D ， FB 1 ∩B 1 C 1 =B 1 ， ∴ 平面 ADE∥ 平面 B 1 C 1 F. 随堂练习 1. B 【解析】 A A$ B ＝ （ 2 ， 3 ， 4 ） - （ 1 ， 0 ， 1 ） ＝ （ 1 ， 3 ， 3 ） . 故选 B. 2. C 【解析】 ∵ 向量 a＝ （ x ， 1 ， -2 ）， b＝ （ 3 ， x ， 4 ）， a⊥b ， ∴a · b＝3x+x-8＝0 ， 解得 x＝2. 故选 C. 3. 垂直 【解析 】 ∵v 1 · v 2 ＝-1× （ -2 ） +1×0+2× （ -1 ） ＝0 ， ∴v 1 ⊥v 2 . 4. 45° 【解析】 ∵a · b＝1× 2 姨 +0×0+ （ -1 ） ×0＝ 2 姨 ， |a|＝ 2 姨 ， |b|＝ 2 姨 ， ∴cos 〈 a ， b 〉 ＝ a · b ｜a｜｜b｜ ＝ 2 姨 2 . 又 ∵0≤ 〈 a ， b 〉 ≤180° ， ∴ 〈 a ， b 〉 ＝45°. 5. 解 ： 以 C 1 为坐标原点 ， 建 立 如 图所 示 的 空 间 直 角 坐 标系 . 设 BC＝CA＝CC 1 ＝2 ， 则 A （ 2 ， 0 ， 2 ）， N （ 1 ， 0 ， 0 ）， M （ 1 ， 1 ， 0 ） ， B （ 0 ， 2 ， 2 ） ， ∴A A$ N ＝ （ -1 ， 0 ， -2 ） ， B A$ M ＝ （ 1 ， -1 ， -2 ） ， |A A$ N |＝ （ -1 ） 2 +0 2 + （ -2 ） 2 姨 ＝ 5 姨 ， |B A$ M |＝ 1 2 + （ -1 ） 2 + （ -2 ） 2 姨 ＝ 6 姨 ， ∴cos 〈A A$ N ， B A$ M 〉＝ A A$ N·B A$ M ｜A A$ N ｜｜B A$ M ｜ ＝ -1+4 5 姨 × 6 姨 ＝ 3 30 姨 ＝ 30 姨 10 . 练习手册 效果评价 1. C 【解析】 设 C （ x ， y ， z ）， 则B A$ C ＝ （ x-1 ， y-2 ， z- 1 ）， O A$ A ＝ （ 2 ， 3 ， 4 ）， ∴3O A$ A ＝ （ 6 ， 9 ， 12 ） . 由B A$ C ＝3O A$ A ， 得 x-1=6 ， y-2=9 ， z-1=12 2 , , , + , , , - ， ∴ x=7 ， y=11 ， z=13 2 , , , + , , , - ， ∴C （ 7 ， 11 ， 13 ） . 故选 C. 2. C 【解析】 向量 a＝ （ -1 ， 0 ， 3 ）， b＝ （ 3 ， -2 ， x ）， 若 a⊥b ， 则 -1×3+0× （ -2 ） +3x＝0 ， 解得 x＝1. 故选 C. 3. C 【解析】 ∵A A$ B ＝ （ 9 ， 2 ， 1 ） - （ 9 ， -3 ， 4 ） ＝ （ 0 ， 5 ， -3 ）， ∴AB∥ 平面 yOz. 故选 C. 4. B 【解析】 ∵ 向量 a＝ （ 2 ， 2 ， 0 ）， b＝ cos琢 ， - 1 2 ， ， " 1 ， （ 0°＜琢＜180° ）， a⊥b ， ∴a · b＝2cos琢-1＝0 ， ∴cos琢＝ 1 2 . ∵0°＜ 琢＜180° ， ∴琢＝60°. 故选 B. 5. A 【解析】 如图， 以点 D 为坐标原点， D A$ A ， D A$ C ， DD 1 A$ 的 方向为 x 轴、 y 轴、 z 轴正方向建 立空间直角坐标系， 则 F （ 1 ， 0 ， 0 ）， D 1 （ 0 ， 0 ， 2 ）， O （ 1 ， 1 ， 0 ）， E （ 0 ， 2 ， 1 ）， 则O A$ E ＝ （ -1 ， 1 ， 1 ）， FD 1 A$ ＝ （ -1 ， 0 ， 2 ）， ∴|O A$ E |＝ 3 姨 ， | FD 1 A$ |＝ 5 姨 ， O A$ E·FD 1 A$ ＝3 ， ∴cos 〈O A$ E ， FD 1 A$ 〉 ＝ O A$ E·FD 1 A$ ｜O A$ E ｜｜ FD 1 A$ ｜ ＝ A 1 B 1 C 1 D 1 E F A B C D x y z G H 变式训练 3 答图 z y x A 1 B 1 C 1 A B C M N 第 5 题答图 变式训练 4 答图 y z x A 1 B 1 C 1 D 1 E F A B C D y z x A 1 B 1 C 1 D 1 E F A B C D O 第 5 题答图 29 高中数学选择性必修 第一册 （人教 B 版） 精编版 3 3 姨 · 5 姨 ＝ 15 姨 5 . 故选 A. 6. 3 2 ， - 3 2 ， - - # 1 【解析 】 设 C （ x ， y ， z ）， A $% C ＝ （ x-1 ， y-1 ， z+4 ）， A $% B ＝ （ 1 ， -5 ， 6 ）， 由A $% C ＝ 1 2 A $% B 得 x-1= 1 2 ， y-1=- 5 2 ， z+4=3 3 ( ( ( ( ( ( ' ( ( ( ( ( ( ) ， ∴ x= 3 2 ， y=- 3 2 ， z=-1 3 ( ( ( ( ( ( ' ( ( ( ( ( ( ) . ∴C 3 2 ， - 3 2 ， - - - 1 . 7. 0 【解析】 由题意， 得A $% B ＝ （ -1 ， -2-y ， z-3 ）， 则 -1 2 ＝ -2-y 1 ＝ z-3 3 ， 解得 y＝- 3 2 ， z＝ 3 2 ， ∴y+z＝0. 8. 7 10 姨 30 【解析】 如图， 以 D 为原点， DA 为 x 轴 ， DC 为 y 轴， DD 1 为 z 轴， 建立空间直角坐 标系， B （ 1 ， 1 ， 0 ）， M 1 2 ， 1 ， ， - 1 ， D （ 0 ， 0 ， 0 ） ， N 1 2 ， 1 2 ， - - 2 ， B $% M ＝ - 1 2 ， 0 ， - 1 ， D $% N ＝ 1 2 ， 1 2 ， - - 2 . 设向量B $% M 与 D $% N 的夹角为 θ ， 则 cosθ ＝ B $% M·D $% N ｜B $% M ｜｜ D $% N ｜ ＝ 7 4 5 4 姨 · 18 4 姨 ＝ 7 10 姨 30 . 故向量B $% M 与D $% N 夹角的余弦值为 7 10 姨 30 . 9. 证明： 如图， 以 D 为原 点， DA ， DC ， DD 1 所在直线分 别为 x 轴、 y 轴、 z 轴建立空间 直 角 坐 标 系 ， 设 正 方 体 的 棱 长为 1 ， 可求得 M 0 ， 1 ， 1 2 - - ， N 1 2 ， 1 ， - - 1 ， D （ 0 ， 0 ， 0 ） ， A 1 （ 1 ， 0 ， 1 ）， 于是M $% N = 1 2 ， 0 ， 1 2 - - ， DA 1 $% = （ 1 ， 0 ， 1 ）， 得DA 1 $% =2 M $% N ， ∴ DA 1 $% ∥ M $% N ， ∴DA 1 ∥MN. 而 MN埭 平面 A 1 BD ， DA 1 奂 平面 A 1 BD ， ∴MN∥ 平面 A 1 BD. 10. （ 1 ） 解： 如图， 以 C 为原 点， CA ， CB ， CC 1 所在直线分别为 x 轴、 y 轴、 z 轴， 建立空间直角坐 标系， A 1 （ 1 ， 0 ， 2 ）， B （ 0 ， 1 ， 0 ）， C （ 0 ， 0 ， 0 ）， B 1 （ 0 ， 1 ， 2 ）， BA 1 $% ＝ （ 1 ， -1 ， 2 ）， CB 1 $% ＝ （ 0 ， 1 ， 2 ）， ∴cos 〈BA 1 $% ， CB 1 $% 〉 ＝ BA 1 $% ·CB 1 $% ｜BA 1 $% ｜｜ CB 1 $% ｜ ＝ 3 6 姨 · 5 姨 ＝ 30 姨 10 . （ 2 ） 证明： A 1 （ 1 ， 0 ， 2 ）， B （ 0 ， 1 ， 0 ）， C 1 （ 0 ， 0 ， 2 ） ， M 1 2 ， 1 2 ， ， - 2 ， A 1 $% B ＝ （ -1 ， 1 ， -2 ） ， C 1 $% M ＝ 1 2 ， 1 2 ， ， - 0 ， 又 ∵ A 1 $% B·C 1 $% M ＝0 ， ∴A 1 B⊥C 1 M. 提升练习 11. ABD 【解析】 a＝ （ 1 ， 3 ， 5 ）， a⊥b ， ∴a · b＝0 ， 即 a · b＝ （ 1 ， 3 ， 5 ）·（ 5 ， 0 ， -1 ） ＝1×5+3×0+5× （ -1 ） ＝0 ， 故 A 正确 ； a · b＝ （ 1 ， 3 ， 5 ）· -2 ， 3 ， - 7 5 ， - ＝1× （ -2 ） +3×3+5× - 7 5 ， - ＝0 ， 故 B 正确； a · b＝ （ 1 ， 3 ， 5 ）·（ 5 ， -3 ， -1 ） ＝1× 5+3× （ -3 ） +5× （ -1 ） ＝-9≠0 ， 故 C 错误； a · b＝ （ 1 ， 3 ， 5 ）· （ 8 ， -1 ， -1 ） ＝1×8+3× （ -1 ） +5× （ -1 ） ＝0 ， 故 D 正确 . 故选 ABD. 12. B 【解析 】 向量 a＝ （ 1 ， 2 ， x ）， b＝ （ -2 ， y ， 4 ）， 若 a∥b ， 则 1 -2 ＝ 2 y ＝ x 4 ， 解得 y=-4 ， x=-2 2 ， ∴x-y＝-2- （ -4 ） ＝2. 故选 B. 13. 2 姨 60° 【解析 】 向量 a＝ （ 1 ， 0 ， -1 ） ， b＝ （ 1 ， 1 ， 0 ） ， 则 |a |＝ 1 2 +0 2 + （ -1 ） 2 姨 ＝ 2 姨 ； cos 〈 a ， b 〉 ＝ a · b ｜a｜｜b｜ ＝ 1 2 姨 × 2 姨 ＝ 1 2 ， ∴ 向量 a 与 b 的夹角是 60°. 14. - 122 7 或 2 【解 析 】 向 量 a ＝ （ 1 ， 2 ， λ ） ， b ＝ （ 2 ， 2 ， -1 ）， ∴a · b＝2+4-λ＝6-λ ， |a|＝ 1+4+λ 2 姨 ＝ 5+λ 2 姨 ， |b|＝ 4+4+1 姨 ＝3. 若 cos 〈 a ， b 〉 ＝ 4 9 ， 则 a · b ｜a｜｜b｜ ＝ 6-λ 5+λ 2 姨 ×3 = 4 9 ， 化简得 7λ 2 +108λ-244＝0 ， 解得 λ＝- 122 7 或 λ＝2 ， 则 实数 λ 的值为 - 122 7 或 2. 15. 解： （ 1 ） 由已知可得 A （ 0 ， 0 ， 0 ）， B （ 1 ， 0 ， 0 ）， C （ 1 ， 1 ， 0 ）， D （ 0 ， 2 ， 0 ）， P （ 0 ， 0 ， 2 ）， ∵E 为 PD 的中 点， ∴E （ 0 ， 1 ， 1 ）， ∴| B $% E |＝ （ 0-1 ） 2 + （ 1-0 ） 2 + （ 1-0 ） 2 姨 ＝ 3 姨 . （ 2 ） A $% E ＝ （ 0 ， 1 ， 1 ）， D $% C ＝ （ 1 ， -1 ， 0 ）， ∴cos 〈A $% E ， D $% C 〉 ＝ A $% E·D $% C ｜A $% E ｜｜D $% C ｜ ＝- 1 2 姨 × 2 姨 ＝- 1 2 . ∵ 〈A $% E ， D $% C 〉 ∈ ［ 0 ， π ］， ∴ 〈A $% E ， D $% C 〉 ＝ 2π 3 ， 即异面直线 AE 与 CD 所成的角为 π 3 . （ 3 ） ∵n⊥ 平面 PCD ， ∴n⊥PD ， n⊥CD. 又 ∵n= （ 1 ， p ， q ）， P $% D = （ 0 ， 2 ， -2 ）， C $% D = （ -1 ， 1 ， 0 ）， ∴n ·P $% D =2p-2q=0 ， n ·C $% D =-1+p=0 ， y z x A 1 B 1 C 1 D 1 A B C D M N 第 8 题答图 z y x A 1 B 1 C 1 A B C M N 第 10 题答图 第 9 题答图 y z x M N A 1 B 1 C 1 D 1 A B C D 30 参 考 答 案 解得 p=1 或 q=1 ， 即 n= （ 1 ， 1 ， 1 ） . 1.2.2 空间中的平面与空间向量 学习手册 变式训练 1 解： ∵∠DAB＝60° ， AB＝2AD ， 由余弦定理得 BD＝ 3 姨 AD， 从而 BD 2 +AD 2 ＝AB 2 ， 故 BD⊥AD. 如图 ， 以点 D 为坐标 原点 ， 射线 DA ， DB ， DP 为 x 轴、 y 轴、 z 轴的正半轴建立空 间直角坐标系 D-xyz， 则 A（1 ， 0 ， 0 ）， B（0 ， 3 姨 ， 0 ）， P（0 ， 0 ， 1 ）， ∴ A A% B ＝ （ -1 ， 3 姨 ， 0 ）， P A% B ＝ （ 0 ， 3 姨 ， -1 ） . 设平面 PAB 的法向量为 n＝ （x ， y ， z）， 则 n⊥ A A% B ， n⊥ P A% B B ， 即 n ·A A% B =0 ， n ·P A% B =0 B ， 即 -x+ 3 姨 y=0 ， 3 姨 y-z=0 B ， ∴ 可取 n＝ （ 3 姨 ， 1 ， 3 姨 ） . ∴ 平面 PAB 的一个法向量为 （ 3 姨 ， 1 ， 3 姨 ） . 变式训练 2 解： 如例 2 ， 建立空间直角坐标系， D 1 （ 0 ， 0 ， 1 ）， E 1 ， 1 ， 1 2 2 ) ， M 1 ， 0 ， 1 2 2 2 ， ∴ D 1 A% E ＝ 1 ， 1 ， - 1 2 2 2 ， 即直线 D 1 E 的一个方向向量. 设平面 EFM 的法向量为 n＝ （x ， y ， z ）， ∵F 0 ， 1 2 ， 2 2 0 ， ∴ E A% F ＝ -1 ， - 1 2 ， - 1 2 2 2 ， E A% M ＝ （ 0 ， -1 ， 0 ）， 由 n ·E A% F =0 ， n ·E A% M =0 B ， 即 -x- 1 2 y- 1 2 z=0 ， -y=0 0 . . . - . . . / . ∴ z=-2x ， y=0 B . 令 x＝1 ， 则 z＝-2. ∴ 平面 EFM的一个法向量为 （1 ， 0 ， -2 ） . 变式训练 3 证明： 如例 2 ， 建立空间直角坐标系， 则 E 1 ， 1 ， 1 2 2 2 ， N 1 2 ， 1 2 ， 2 2 1 ， A （ 1 ， 0 ， 0 ）， B 1 （ 1 ， 1 ， 1 ）， C （ 0 ， 1 ， 0 ）， ∴ E A% N ＝ - 1 2 ， - 1 2 ， 1 2 2 2 ， AB 1 A% ＝ （ 0 ， 1 ， 1 ）， A A% C ＝ （ -1 ， 1 ， 0 ）， ∴ E A% N·AB 1 A% ＝0 ， E A% N·A A% C ＝0 ， ∴ E A% N ⊥ AB 1 A% ， E A% N ⊥ A A% C ， 即 EN⊥AB 1 ， EN⊥AC. 又 ∵AB 1 ∩AC＝A ， ∴EN⊥ 平面 B 1 AC. 变式训练 4 证明 ： 如图 ， 过点 P 作 PH⊥ 平面 ABC ， 连接 AH 并延 长交 BC 于点 E ， 连接 BH 并延长交 AC 于点 F ， PH⊥ 平面 ABC ， PA⊥ BC ， 而 PA 在面 ABC 内的射影为 AH ， 由 三 垂 线 定 理 的 逆 定 理 知 BC⊥AH ， 同理可证 BF⊥AC ， 则 H 为 △ABC 的垂心 . 连接 CH 并延长交 AB 于点 G ， 于是 CG⊥AB ， 而 CH 是 PC 在平面 ABC 的射影， 故 PC⊥AB. 随堂练习 1. A 【解析】 ∵ 直线 l 的方向向量 a＝ （ 1 ， 2 ， -1 ）， 平面 α 的一个法向量 m＝ （ -2 ， -4 ， k ）， l⊥α ， ∴a∥m ， ∴ 1 -2 ＝ 2 -4 ＝ -1 k ， 解得 k＝2. 故选 A. 2. D 【解析】 ∵α⊥β ， ∴a⊥b ， ∴a · b＝1× （ -2 ） +2× （ -4 ） + （ -2 ）· k＝0 ， ∴k＝-5. 故选 D. 3. A 【解析 】 设平面 ABC 的一个法向量 n= （ x ， y ， z ）， 则 n ·A A% B =x+2y+3z=0 ， n ·A A% C =x+2y+z=0 B ， 取 x=-1 ， 得到平面 ABC 的一 个法向量为 （ -1 ， 2 ， -1 ） . 故选 A. 4. -9 【解析】 由题意知 u⊥v ， ∴u · v＝3+6+z＝0 ， ∴z＝ -9. 5. 证 明 ： 如 图 ， 连 接 AC 1 ， ∵ AC MC 1 ＝ 3 姨 6 姨 2 ＝ 2 姨 ， CC 1 C 1 A 1 ＝ 6 姨 3 姨 ＝ 2 姨 ， ∠ACC 1 ＝∠A 1 C 1 M ， ∴Rt△ACC 1 ∽Rt△MC 1 A 1 ， ∠AC 1 C＝∠MA 1 C 1 ， ∴∠A 1 MC 1 + ∠AC 1 C＝∠A 1 MC 1 +∠MA 1 C 1 ＝90° ， ∴A 1 M⊥AC 1 . 由三垂线 定理知， AB 1 ⊥A 1 M. 练习手册 效果评价 1. C 【解析】 M 构成的图形经过点 A ， 且是以 n 为 法向量的平面 . 故选 C. 2. D 【解析】 由题意知 PA⊥ 平面 ABCD ， ∴ 与平面 上的线 AB ， CD 都垂直， A ， B 正确 . 又 ∵ 菱形的对角线互 相垂直， AC 为 PC 在平面 ABCD 内的射影且 AC⊥BD ， 由 三垂线定理的逆定理知 PC⊥BD ， 故 C 正确 . 故选 D. 3. A 【解析】 ∵μ＝ （ 2 ， 2 ， -1 ） 是平面 α 的法向量， a＝ （ -3 ， 4 ， 2 ） 是直线 l 的方向向量， μ · a＝-6+8-2＝0 ， ∴ 直 线 l 与平面 α 的位置关系是平行或直线在平面内 . 故选 A. 4. D 【解析】 ∵ 平面 α 经过三点 O （ 0 ， 0 ， 0 ）， A （ 2 ， 2 ， 0 ）， B （ 0 ， 0 ， 2 ）， ∴O A% A ＝ （ 2 ， 2 ， 0 ）， O A% B ＝ （ 0 ， 0 ， 2 ） . 设平面 α 的法向量 n＝ （ x ， y ， z ）， 则 n ·O A% A =2x+2y=0 ， n ·O A% B =2z=0 B ， 取 x＝-1 ， 得 n＝ （ -1 ， 1 ， 0 ）， ∴ 平面 α 的法向量可以是 （ -1 ， 1 ， 0 ） . 故选 D. 5. B 【解析】 ∵A A% B ⊥ B A% C ， ∴ A A% B·B A% C ＝0 ， 即 3+5-2z＝ 0 ， 得 z＝4. 又 ∵BP⊥ 平面 ABC ， ∴ B A% P ⊥ A A% B ， B A% P ⊥ B A% C ， 则 （ x-1 ） +5y+6=0 ， 3 （ x-1 ） +y-12=0 B ， 解得 x= 40 7 ， y=- 15 7 0 . . . . - . . . . / . 故选 B. z y x A B C D P 变式训练 1 答图 E G H F A B C P 变式训练 4 答图 M A B C A 1 B 1 C 1 第 5 题答图 31 高中数学选择性必修 第一册 （人教 B 版） 精编版 6. 1 4 【解析】 由题意可得 s⊥n ， ∴s · n＝-2+2y+2x＝ 0 ， 可得 x+y＝1 ， 取 x ， y＞0 ， 则 1≥2 xy 姨 ， 可得 xy≤ 1 4 ， 当且仅当 x＝y＝ 1 2 时取等号 . 7. 1 【解析】 A %& B ＝ （ 1 ， 1 ， 0 ）， A %& C ＝ （ -1 ， -1 ， -2 ）， ∵a＝ （ -1 ， y ， z ） 为平面 ABC 的法向量， ∴a ·A %& B ＝0 ， a· A %& C ＝0 ， ∴-1+y＝0 ， 1-y-2z＝0 ， 联立解得 y＝1 ， z＝0 ， ∴y+z＝1. 8. ①④ 【解析】 ∵a＝ （ 1 ， -1 ， 2 ）， b＝ 2 ， 1 ， - 1 2 ( ， ∴a ·b＝1×2-1×1+2× - 1 2 2 2 ＝0 ， ∴a⊥b ， ∴ 直线 l 与 m 垂 直， 故 ① 正确； a＝ （ 0 ， 1 ， -1 ） ， n＝ （ 1 ， -1 ， -1 ） ， ∴a ·n＝0×1+1× （ -1 ） + （ -1 ） × （ -1 ） ＝0 ， ∴a⊥n ， ∴l∥α 或 l奂α ， 故 ② 错误； ∵n 1 ＝ （ 0 ， 1 ， 3 ）， n 2 ＝ （ 1 ， 0 ， 2 ）， ∴n 1 与 n 2 不共线， ∴α∥β 不成立， 故 ③ 错误； ∵ 点 A （ 1 ， 0 ， -1 ）， B （ 0 ， 1 ， 0 ）， C （ -1 ， 2 ， 0 ）， ∴ A %& B ＝ （ -1 ， 1 ， 1 ）， B %& C ＝ （ -1 ， 1 ， 0 ）， 向量 n＝ （ 1 ， u ， t ） 是平面 α 的法向量， ∴ n ·A %& B =0 ， n ·B %& C =0 0 ， 即 -1+u+t=0 ， -1+u=0 0 ， 则 u+t＝ 1 ， 故 ④ 正确 . 综上， 真命题的序号是 ①④. 9. 证明： 如图所示， 取 BC 的 中点 O ， 连接 AO 交 BD 于点 E ， 连 接 PO. ∵PB＝PC ， ∴PO⊥BC. 又 ∵ 平面 PBC⊥ 平面 ABCD ， 平面 PBC∩ 平 面 ABCD＝BC ， ∴PO⊥ 平面 ABCD ， ∴AP 在平面 ABCD 内的射影为 AO. 在直角梯形 ABCD 中 ， 由于 AB＝BC＝2CD ， 易知 Rt △ABO ≌Rt △BCD ， ∴ ∠BEO ＝ ∠OAB + ∠DBA ＝ ∠DBC+∠DBA＝90° ， 即 AO⊥BD. 由三垂线定理 ， 得 PA⊥BD. 10. 证明 ： 以 C 为坐标原 点 ， 建 立 如 图 所 示 的 空 间 直 角坐标系， 则 A （ 2 姨 ， 2 姨 ， 0 ）， B （ 0 ， 2 姨 ， 0 ）， D （ 2 姨 ， 0 ， 0 ） ， F （ 2 姨 ， 2 姨 ， 1 ） ， M 2 姨 2 ， 2 姨 2 ， 2 2 1 ， ∴ A %& M ＝ - 2 姨 2 ， - 2 姨 2 ， 2 2 1 ， D %& F ＝ （ 0 ， 2 姨 ， 1 ）， B %& D ＝ （ 2 姨 ， - 2 姨 ， 0 ） . 设 n＝ （ x ， y ， z ） 是平面 BDF 的法向量， 则 n⊥ B %& D ， n⊥ D %& F ， ∴ n ·B %& D = 2 姨 x- 2 姨 y=0 ， n ·D %& F = 2 姨 y+z= 0 0 圯 x=y ， z=- 2 姨 y 0 ， 取 y＝1 ， 得 x＝1 ， z＝- 2 姨 ， 则 n＝ （ 1 ， 1 ， - 2 姨 ） . ∵ A %& M ＝ - 2 姨 2 ， - 2 姨 2 ， 2 2 1 ， ∴n＝- 2 姨 A %& M ， 得 n 与A %& M 共线， ∴AM⊥ 平面 BDF. 提升练习 11. AB 【解析】 设平面 α 内一点 P （ x ， y ， z ）， 则 M %& P ＝ （ x-1 ， y+1 ， z-2 ） . ∵n＝ （ 6 ， -3 ， 6 ） 是平面的法向 量， ∴n⊥ M %& P ， n ·M %& P ＝6 （ x-1 ） -3 （ y+1 ） +6 （ z-2 ） ＝6x-3y+ 6z-21 ， ∴ 由 n ·M %& P ＝0 ， 得 6x-3y+6z-21＝0. 把各选项代 入上式， 可知 A 和 B 选项适合 . 故选 AB. 12. B 【解析】 设平面 AEF 的一个法向量为 n＝ （ x ， y ， z ）， 正方体 ABCD鄄A 1 B 1 C 1 D 1 的棱长为 1 ， 则 A （ 1 ， 0 ， 0 ）， E 1 ， 1 ， 1 2 2 2 ， F 1 2 ， 0 ， 2 2 1 ， 故A %& E ＝ 0 ， 1 ， 1 2 2 2 ， A %& F ＝ - 1 2 ， 0 ， 2 2 1 . 又 ∵ A %& E· n=0 ， A %& F· n=0 0 ， 即 y+ 1 2 z=0 ， - 1 2 x+z=0 0 4 4 4 4 3 4 4 4 4 5 ， ∴ y=- 1 2 z ， x=2z 0 4 4 4 3 4 4 4 5 . 当 z＝-2 时， n＝ （ -4 ， 1 ， -2 ） . 故选 B. 13. α⊥β α∥β 【解析】 ∵u ， v 分别为平面 α ， β 的 法向量且 u＝ （ -2 ， 2 ， 5 ）， 当 v＝ （ 3 ， -2 ， 2 ） 时 ， u · v＝ -6-4+10＝0 ， ∴u⊥v ， 即 α⊥β ； 当 v＝ （ 4 ， -4 ， -10 ） 时， v＝-2μ ， ∴u∥v ， 即 α∥β. 14. 垂直 【解析】 以 D 为原点， DA ， DC ， DP 所在 直线为 x 轴、 y 轴、 z 轴建立空间直角坐标系 （图略）， 则 E 1 2 ， 1 2 ， 1 2 2 2 ， F 1 2 ， 0 ， 2 2 0 ， ∴ E %& F ＝ 0 ， - 1 2 ， - 1 2 2 2 . 平面 PBC 的一个法向量 n＝ （ 0 ， 1 ， 1 ）， ∵ E %& F ＝- 1 2 n ， ∴ E %& F ∥n ， ∴EF⊥ 平面 PBC. * 15. 解 ： ∵∠PAD＝90° ， ∴PA⊥AD. 又 ∵ 侧面 PAD⊥ 底面 ABCD ， 且侧面 PAD∩ 底面 ABCD＝AD ， ∴PA⊥ 底 面 ABCD. 又 ∵∠BAD＝90° ， ∴AB ， AD ， AP 两两垂直 . 分 别以 AB ， AD ， AP 所在直线为 x 轴、 y 轴、 z 轴建立如 图所示的空间直角坐标系 . 设 AD＝2 ， 则 A （ 0 ， 0 ， 0 ）， B （ 1 ， 0 ， 0 ）， C （ 1 ， 1 ， 0 ）， D （ 0 ， 2 ， 0 ）， P （ 0 ， 0 ， 1 ） . （ 1 ） 证明： A %& P ＝ （ 0 ， 0 ， 1 ）， A %& C ＝ （ 1 ， 1 ， 0 ）， C %& D ＝ （ -1 ， 1 ， 0 ）， 可得A %& P·C %& D ＝0 ， A %& C·C %& D ＝0 ， ∴AP⊥CD ， 第 10 题答图 E O A B C D P 第 9 题答图 E M F A C D B z y x z y x A B C D P 第 15 题答图 32 参 考 答 案 AC⊥CD. 又 ∵AP∩AC＝A ， ∴CD⊥ 平面 PAC. （ 2 ） 设侧棱 PA 的中点是 E ， 则 E 0 ， 0 ， 1 2 2 $ ， B %& E ＝ -1 ， 0 ， 1 2 2 2 . 设平面 PCD 的法向量 n＝ （ x ， y ， z ） ， 则 n ·C %& D =0 ， n ·P %& D =0 0 . ∵ C %& D ＝ （ -1 ， 1 ， 0 ） ， P %& D ＝ （ 0 ， 2 ， -1 ） ， ∴ -x+y=0 ， 2y-z=0 0 ， 取 x＝1 ， 则 y＝1 ， z＝2 ， ∴ 平面 PCD 的一个法 向量为 n＝ （ 1 ， 1 ， 2 ）， ∴n ·B %& E ＝ （ 1 ， 1 ， 2 ）· -1 ， 0 ， 1 2 2 2 ＝0 ， ∴n⊥ B %& E . ∵BE埭 平面 PCD ， ∴BE∥ 平面 PCD. 综上所述， 当 E 为 PA 的中点时， BE∥ 平面 PCD. 1.2.3 直线与平面的夹角 学习手册 变式训练 1 解： 由已知 BC⊥AC ， BC⊥PA ， AC∩PA＝A ， ∴BC⊥ 平面 PAC ， BC⊥PC. 如图， 过 PB 的三等 分点 D 作 DE∥BC ， 则 DE⊥ 平面 PAC. 连接 AE ， AD ， 则 ∠DAE 为 AD 与 平 面 PAC 的 夹 角 . 不 妨 设 PA ＝AB ＝1 ， ∵∠ABC ＝60° ， ∴BC ＝ 1 2 ， DE＝ 2 3 × 1 2 ＝ 1 3 ， PB＝ 2 姨 ， BD＝ 2 姨 3 . 在 △ABD 中 ， AD 2 ＝AB 2 +BD 2 -2AB · BD · cos45°＝ 5 9 ， ∴AD＝ 5 姨 3 ， ∴sin∠DAE＝ DE AD ＝ 1 3 5 姨 3 ＝ 5 姨 5 ， 即 AD 与平面 PAC 夹角的正弦值为 5 姨 5 . 变式训练 2 解 ： 由例题 （ 1 ） 知 BC⊥ 平面 PAC ， ∴ 平面 PAC⊥ 平面 PBC. 如 图 ， 过 点 A 作 AE⊥PC ， ∴AE ⊥ 平 面 PBC. 连 接 ED ， 则 ∠ADE 为 AD 与平面 PBC 的夹角 . 设 PA＝2a ， AB＝2a ， ∴PB＝2 2 姨 a. 故 AD＝ 2 姨 a. 在 △APC 中 ， AP＝ 2a ， AC＝AB · sin60°＝2a× 3 姨 2 ＝ 3 姨 a ， ∴PC＝ 3a 2 +4a 2 姨 ＝ 7 姨 a. 设 ∠ACP＝θ ， 则 AE＝AC · sinθ＝AC · AP PC ＝ 3 姨 a · 2a 7 姨 a ＝ 2 3 姨 7 姨 a＝ 2 21 姨 7 a ， ∴sin∠ADE＝ AE AD ＝ 2 21 姨 a 7 2 姨 a ＝ 42 姨 7 ， 即 AD 与平面 PBC 夹角的正弦值为 42 姨 7 . 变式训练 3 解： 由题意得 ∠CBD＝45° ， ∠PBD 即为直线 PB 与平面 ABCD 所成的角 θ. ∵cos∠PBC＝cosθ · cos∠CBD ， ∠PBC＝60°. 即 cos60°＝cosθ · cos45° ， ∴cosθ＝ 2 姨 2 ， θ＝45°. 变式训练 4 （ 1 ） 证明： 如图， 过点 A 作 AO⊥ 平面 A 1 B 1 C 1 ， 交 A 1 C 1 于 点 O ， 连 接 B 1 O ， 设 AA 1 ＝AC＝CC 1 ＝ A 1 C 1 2 ＝2 ， 则 A 1 O＝ 1 ， A 1 B 1 ＝2 ， ∴B 1 O⊥A 1 C 1 ， B 1 O＝ 3 姨 . 以 O 为原点 ， 建立如图 所示的空间直角坐标系， 则 B 3 姨 2 ， 1 2 ， 3 姨姨 2 ， C （ 0 ， 2 ， 3 姨 ）， D 3 姨 4 ， 5 4 ， 3 姨姨 2 ， E （ 0 ， 1 ， 0 ）， B 1 （ 3 姨 ， 0 ， 0 ）， C 1 （ 0 ， 3 ， 0 ）， D %& E ＝ - 3 姨 4 ， - 1 4 ， - 3 姨姨 2 ， B 1 C 1 %& ＝ （ - 3 姨 ， 3 ， 0 ） . 又 ∵ D %& E·B 1 C 1 %& ＝0 ， ∴DE⊥B 1 C 1 . （ 2 ） 解 ： CB 1 %& ＝ （ 3 姨 ， -2 ， - 3 姨 ）， CC 1 %& ＝ （ 0 ， 1 ， - 3 姨 ）， 设平面 BCC 1 B 1 的法向量 n＝ （ x ， y ， z ）， 则 n ·CB 1 %& = 3 姨 x-2y- 3 姨 z=0 ， n ·CC 1 %& =y- 3 姨 z=0 0 ， 取 y＝ 3 姨 ， 得 n＝ （ 3 ， 3 姨 ， 1 ）， D %& E ＝ - 3 姨 4 ， - 1 4 ， - 3 姨姨 2 . 设 DE 与平面 BCC 1 B 1 所成角为 θ ， 则 sinθ＝ ｜D %& E·n｜ ｜D %& E ｜｜n｜ ＝ 4 3 姨 13 . ∴cosθ＝ 1- 4 3 姨 13 姨 2 2 姨 ＝ 11 13 . ∴DE 与平面 BCC 1 B 1 所成角的余弦值为 11 13 . 随堂练习 1. D 【解析】 由最小角定理知直线 l 与直线 a 所成的 最小角为 仔 3 ， 又 ∵l ， a 为异面直线， 则所成角的最大值为 仔 2 . 故选 D. 2. C 【解析】 如图 ， 连接 A 1 C 1 交 B 1 D 1 于点 O ， 由已知得 C 1 O⊥ B 1 D 1 ， 且 平 面 BDD 1 B 1 ⊥ 平 面 A 1 B 1 C 1 D 1 ， ∴C 1 O⊥ 平面 BDD 1 B 1 ， 连 接 BO ， 则 BO 为 BC 1 在平面 BDD 1 B 1 内的射影， ∠C 1 BO 即为所求 . C 1 O＝ 1 2 × 4 2 +4 2 姨 ＝2 2 姨 ， BC 1 ＝ 4 2 +2 2 姨 ＝2 5 姨 ， E A B C D P 变式训练 1 答图 E A B C D P θ 60° 90° 30° 变式训练 2 答图 z y x E O A B C D A 1 B 1 C 1 变式训练 4 答图 A B C D A 1 B 1 C 1 D 1 O 第 2 题答图 33