专题17 交变电流电磁振荡与电磁波传感器-2024年高考物理小题必刷卷

专题十七交变电流 电磁振荡与电磁波 传感器 I高考攻略1 本专题的考题贴近生活，与生活、生产实际联系紧密。题目多以发电机为载体，考查交变电流的产生及 其描述，综合变压器以及远距高输电等多个考点，以选择题形式出现，难度中等。根据近几年考情可知，高 考对本专题的考查较为常规，交变电流的产生原理及远距离输电问题、对电磁波的认识及理解应引起重视。 【考点·分层分练】 考点三理想变压器原理及基本关系的应用 3.如图甲所示的充电器正在给手机充电。乙图是 考点一正弦式交变电流的产生和描述 简化原理图，理想变压器原、副线圈匝数之比为 1.(多选)(2024·吉林通化市高三模拟)风能是一 55:2,原线圈接220V交流电，副线圈通过理想 种清洁，绿色的可再生能源，中国风力发电的装机 二极管连接手机。下列说法正确的是 容量目前处于世界领先地位。图甲为风力发电的 简易模型，在风力作用下，风叶带动与杆固连的永 极 磁铁转动，磁铁下方的线圈与电压传感器相连。在 变压器 某一风速时，传感器显示如图乙所示，则 见 风叶 12 A.副线圈的电流为8A B.手机两端的电压为8V 转轴 C,通过手机的电流为直流电 磁铁 0.10.20.30.40.50.6/5 中 D.拔掉手机，充电线两端电压为零 4.（多选)(2024·湖北模拟)如图所示，理想变压器 电不传感器 12 原线圈与阻值R,=10Ω的定值电阻串联后接在输 甲 出电压恒定的正弦交流电源α、b两端，副线圈电路 A.磁铁的转速为10rfs 中定值电阻R2=202,R为可变电阻，电流表A1、 B.线圈两端电压的有效值为6√2V A2和电压表V1、V2,均为理想电表，理想变压器 C.交变电流的电压表达式为u=12sin5xt(V) 原、副线圈匝数之比为k=5。改变可变电阻的阻 D.该交变电流的频率为50Hz 值，电流表A1,A2和电压表V1,V2的示数变化量 数 考点二交变电流“四值”的理解和应用 的绝对值分别为△11、△I2,△U1、U2,下列关系式正 2.(多选)(2024·山东济南市高三联考)发电机的 确的是 ( 示意图如图甲所示，边长为L的正方形金属框， 在磁感应强度为B的匀强磁场中以恒定角速度 绕O)轴转动，阻值为R的电阻两端的电压如图 乙所示。其他电阻不计，图乙中的Um为已知 量。则金属框转动一周 茶 A. △U1 B. △U1 △I1 =502 △Ii =10n C. U2 △U2 =4n D. =2 I2 △I25 考点四理想变压器的动态分析问题 甲 5.(2024·湖北襄阳市高三质检) A.框内电流方向不变 如图所示，理想变压器的原线 1 B.电动势的最大值为Um 圈连接一个r=9n的电阻，且 C流过电阻的电荷量g=2BL 原线圈匝数1可以通过滑片P来调节，在副线 R 圈两端连接了R=16Ω的电阻，副线圈匝数2 D,电阻产生的焦耳热Q=mBL =1000匝。在原线圈上加一输出电压恒定的正 R 弦交流电，下列说法正确的是 85 A.若交流电的周期增大，则变压器的输出功率 增大 HH- B.滑片P向上移动，则电阻R消耗的功率一定减小 机9 C.滑片P向下移动，则流过电阻r的电流减小 升压变压器 降压变压器 D.当1=750匝时，电阻R消耗的功率最大 印 6.(2022·湖南卷，6)如图， u/V 2502 理想变压器原、副线圈总 0 0.02 匝数相同，滑动触头P1 0.01 0.03 tis -2502- 初始位置在副线圈正中 乙 间，输入端接入电压有效 值恒定的交变电源。定 A.1、 2见4 值电阻R1的阻值为R,滑动变阻器R2的最大阻 B.乙图中电压的瞬时值表达式为u=250N2sin 值为9R,滑片P2初始位置在最右端。理想电压 100π1(V) 表⑦的示数为U,理想电流表④的示数为1。 C.R处出现火警时，输电线上的电流增大 下列说法正确的是 D.R处出现火警时，电压表V的示数增大 A.保持P1位置不变，P2向左缓慢滑动的过程 考点六电磁振荡 中，I减小，U不变 9.(多选)(2024·山东枣庄市高三模拟)如图所示， B.保持P1位置不变，P2向左缓慢滑动的过程 电感线圈的自感系数为L,其电阻不计，电容器 中，R!消耗的功率增大 的电容为C,开关S闭合。现将S突然断开，并 C.保持P2位置不变，P1向下缓慢滑动的过程 开始计时，以下说法中正确的是 中，I减小，U增大 D.保持P2位置不变，P1向下缓慢滑动的过程 中，R1消耗的功率减小 考点五远距离输电问题 7.(多选)(2024·广东佛山市质检)输电能耗演示 电路如图所示。左侧变压器原、副线圈匝数比为 A.当1=受C时，由a到b流经线圈的电流最大 1：3,输入电压为7.5V的正弦交流电。连接两 B.当t=πvC时，由a到b流经线圈的电流最大 理想变压器的导线总电阻为r,负载R的阻值为 100。开关S接1时，右侧变压器原副线圈匝 C.当1=C时，电路中电场能最大 数比为2：1，R上的功率为10W:接2时，匝数 比为1：2，R上的功率为P。以下判断正确的是 D,当1一受C时，电容器左极板带有正电荷最多 ( 考点七电磁波 10.(2024·江西南昌高 三模拟)如图所示， 2023年3月初两会期 2 间，新华社推出的“5G A.r=102 B.r=52 十全息异地同屏访 C.P=45 W D.P=22.5W 谈”。这是世界上新闻媒体首次应用5G和全 8.(多选)(2024·广东湛江市模拟)图甲为某小型 息成像技术。5G(传输速率10Gbps以上，频 水电站的电能输送示意图，其输入电压如图乙所 率范围3300~5000mMHz)相比于4G(传输 示.输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝 速率100Mbps~1Gbps、频率范围1880~ 数分别为1、2，降压变压器原、副线圈匝数分别 2635MHz),以下说法正确的是 为3、（变压器均为理想变压器）。降压变压器 A.5G信号波动性更显著 右侧部分为一火灾报警系统（报警器未画出），R B.4G和5G信号都是纵波 和R1为定值电阻，R为半导体热敏电阻，其阻值 C.5G信号传输速率是4G的10倍以上 随温度的升高而减小，下列说法正确的是() D.5G信号在真空中的传播速度更快 86 考点八传感器 A.此LC振荡电路的周期T=0.01s 11.(2024·四川广 B.1=0.025s时，回路电流方向与图(b)中所示 元高三模拟)如 光源 信号处 电流方向相反 图所示为某商厦 理东统 C.t=0.035s时，线圈中的磁场能最大 安装的光敏电阻 D.1=0.040s至1=0.045s时，线圈中的电流 自动计数器的示 逐渐减小 意图。其中A是 14.(2024·河南驻马店 光源，B是由电动机带动匀速运行的自动扶梯，R 市模拟)麦克斯韦预言 是半导体材料制成的光敏电阻（光照越强，电阻 电磁波的存在后，赫兹 FREE 越小)，R2是定值电阻。每当扶梯上有顾客经 发现了电磁波，从此， 过，挡住由A射向R1的光线时，计数器就计数 人们的生活越来越与电磁波密不可分。例如，我 一次。此计数器的基本工作原理是 国自主建立的北斗卫星导航系统，所使用的电磁 波频率约为1561MHz,家用ifi所使用的电 A,当有光照射R1时，信号处理系统获得低电压 磁波频率约为5725MHz。下列说法错误的是 B.不论有无光照射R1,信号处理系统获得的电 ( 压都不变 A.可见光也是电磁波 C.信号处理系统每获得一次低电压就计数 B.紫外线比无线电波的波长短 一…次 C.y射线是频率很高的电磁波 D.信号处理系统每获得一次高电压就计数一次 D.电磁波频率越高，衍射能力越强 【考能·演习演练】 15.(2024·北京市朝 物体 阳区高三模拟)某 托盘■ 12.(2024·湖南长郡中学高三模拟)在图乙的电路 电子秤的原理简 P 中，电源输出如图甲所示的交变电流（不计内 图如图所示。AB 阻)。电阻R的阻值为10Ω，电表均为理想电 为一均匀的滑动 表。下列判断正确的是 变阻器，长度为L, 两边分别有P1、 102 P2两个滑动头，轻质弹簧上端与P,及秤盘底 x10-2) 部相连，下端固定。弹簧原长时P,和P2均指 在A端。若P1、P2间出现电压时，该电压经过 甲 放大，通过信号转换后在显示屏上就能显示出 A.电压表的示数为10V 被称物体的质量。已知弹簧的劲度系数为k, B.电流表的示数为2A 托盘质量为m0,电源电动势为E,内阻不计。 C.若将电阻R替换为一个电容，欲使电路安全 重力加速度为g。在托盘上未放物体时需要先 运行，其耐压值最少为10V 校准零点，即未放被称物体时电压为零。则 D.电阻R在任意三分之一个周期内产生的热 量一定等于0.1J A.校准零点时，不需要移动滑动头P2 13.(2024·云南文山州马关一中模拟)如图所示是 由线圈L和电容器C组成的最简单的LC振荡 且校准零点时，两滑动头间的距离为"。 电路。先把电容器充满电。t=0时如图(a)所 C,滑动头P滑至B端时，被称物体的质量为L 示，电容器两板间的电势差最大，电容器开始放 D.被称物体的质量m与两滑动头间电压U的 电。T=0.005s时如图(b)所示，LC回路中线 圈上的电流第一次达到最大值，则 关系为m Eg 16.(多选)(2024·湖 南长沙高三五校 模拟联考)如图所 示，理想变压器 L☒L☒ 原、副线圈匝数比 为2：1，三只完全 图a 图b) 相同的灯泡L1、L2、L3连接如图。当开关S闭 87 合时，L2、L3均能正常发光。保持电源电压不 感应强度大小为B的匀强磁场（用阴影表示磁 变，断开开关S,则 场的区域)，边长为2d的正方形线圈与磁场边界 A.三只灯泡的亮度相同 重合。线圈以y轴为转轴匀速转动时，线圈中产 B.L2、L3仍能正常发光 生的交变电动势如图乙所示。若仅磁场的区域 C.电源的输出功率变小 发生了变化，线圈中产生的电动势变为图丙所 D.电源的输出功率变大 示实线部分，则变化后磁场的区域可能为 17.(多选)(2024·山东省潍坊市高三模拟)如图所 示，在理想变压器原线圈回路中接阻值为100Ω y 的电阻R1,副线圈回路中接阻值为7.5Ω的电 阻R2,原线圈输入端与u=220√2sin100rl(V) X 的交流电源连接，电表均为理想电表.当开关S 闭合时，电流表示数为1A,下列说法正确的是 图甲 图乙 A.电压表示数为30V -3E2. B.电阻R2的功率为240W 图丙 C.通过电阻R2的交流电频率为25Hz D D.若断开开关S,电压表示数为55V 18.(多选)(2024·重庆高三质检)我国水力资源居 世界首位，西部地区水力发电潜力巨大。水力 0 发电的基本原理就是将水流的机械能（主要指 重力势能)转化为电能。如图所示，某小型水力 d2 -3d43d4 发电站水流量Q=5m3s(流量是指流体在单 位时间内流过某一横截面的体积)，落差h YD yD 12.5m,发电机（内阻不计）的输出电压U1= B 400V,输电线总电阻r=10Ω，为了诚小损耗采 用了高压输电。在发电机处安装升压变压器， 而在用户处安装降压变压器，其中3：4=475 -dn2 d/2 :11,用户获得的电压U4=220V,用户消耗的 -3/2J3d/2 D 功率P4=475kW,变压器均视为理想变压器， 20.（多选)(2024·全国 已知水的密度o=1.0×103kgm3,取重力加速 甲卷)如图，理想变压 度g=10m/s2。下列说法正确的是 器的副线圈接入电路 n n2 n:n 的匝数可通过滑动触 头T调节，副线圈回 U 中 路接有滑动变阻器R、定值电阻R。和R、开关 器 S。S处于闭合状态，在原线圈电压U。不变的 升压变压器 降压变压器 情况下，为提高R1的热功率，可以 ()》 A.输电线损失的电压为180V A.保持T不动，滑动变阻器R的滑片向∫端滑 B.输电线损失的电功率为25kW 动 C.升压变压器原副线圈的匝数比m:2=4：95 B.将T向b端移动，滑动变阻器R的滑片位置 D.机械能转化为电能的效率为80% 不变 C.将T向a端移动，滑动变阻器R的滑片向f 【考场·真题真练】 端滑动 19.(2024·山东卷)如图甲所示，在-d≤x≤d、 D.将T向b端移动，滑动变阻器R的滑片向e d≤y≤d的区域中存在垂直Oxy平面向里、磁 端滑动 88知，若匀强磁扬区域高度与线框宽度相等且物块质 量与线框质量相等，则线框在磁场中一直做加速度 知电压的最大值为12V,因此有效值U=0■=1皇V 22 逐渐减小的减速运动，出磁场后匀速运动，则A选项 的图像可能正确：若匀强磁场区域高度大于线框宽 -6巨.故B正璃：周期T-04s,因光w一亭-高nd 度且物块质量与线框质量相等，则线框进磁场和出 =5rrmd/s,因此电压的表达式为u=12sin5(V,故C正确 磁场阶段均做加速度逐渐减小的减速运动，完全在 【答案】BC 磁场中运动时不受安培力，做匀速运动，完全出磁场 2.【解析】根据题图甲可知，在旋转金属柜产生交流电 后，也做匀速运动，则C选项的图像可能正确：D选 时，通过电阻R的电流方向周期性变化，题图乙仅仅 项的图像中线框出磁场后匀加速，说明物块质量大 是显示了R两端电压大小，选项A错误：根据题意及 于线框质量，但在此情况下，结合B项分析可知，存 交流电产生的电压图乙可知，电动势最大值为Um,选 在第二段匀速阶段时，不会存在第三段减速阶段，D 项B正确：报播q=业=R=R染可知，金属框交 E 错误。 【答案】AC 转半周，磁通量的改变量为△中=2BL2,因此金属柜旋 20.【解析】设金属杆经过BB1的速度大小为1，则对 金属杆从AA1运动到BB,的过程，由动量定理有 转一周，通过电的电待量为g=批，选项C错误： 2R1=m(w一），又h=d,则B4-m(n B2L2v1 2R 由电流热效应的等效性可知Q= R,交流电最大值 ),对金属杆从BB1运动到CC1的过程，由动量 定理有1型 2Rt2十mgte=mU1,又2t2=d,则 为BL:u=U,U有-2，联立可知Q=UBL R一，选 d+mg2=m,分析可知功一<，解得 项D正确。 2R 【答案】 BD 3.【解析】 手机的电阻未知，根据题给条件无法求出副 →受，即金属杆经过BB,的选度大于空A错误：整 线周的电流，故A错误：根据光-可得，制线圈输 个过程，由能量守恒定律可知2m哈=QR十Q轩十 出电压为U2=U1=8V,经过二极管后，根据有效 umgd,由于通过定值电阻R和金属杆的电流时刻相 1 等，则由焦耳定律可知QR=Q#,联立可得QR 值定又可得贺·T一贤，否解得手机两瑞的电压为 4m哈一2mgd,B错误：规定水平向左为正方向， U=4、2V,故B错误；因二极管具有单向导电性，所 则结合A项分析可知，金属杆经过AA1B1B区域，金 以通过手机的电流为直流电，故C正确：拔掉手机，充 属杆所受安培力的冲量1= -聚金 电线两端电压不为零，故D错误。 【答案】C 属杆经过BBC1C区域，金属杆所受安培力的冲量 4.【解析】 AB.在原线圈回路中，根据欧姆定律有U1= 12= :-装，可得小=6即金属杆经道 一R,则有=R=100,故A错误B正确 AA1B1B与BB1C1C区域，金属杆所受安培力的冲 CD.对于一组原线图和一组副线图的情形，根据理想 量相同，C正确：若将金属杆的初速度加倍，则对金属 杆从AA运动到BB的过程，由动量定理有B1 支压器电压，电流与西载的关系可知光：-，片-=。 △U2 2R B2L2d 联立解得U2=k R 2R =m(2一g),对金属杆从BB运动到 CC的过程，由动量定理有 则有器-0 622一二2，故C错误，D正 2Rt4十mg4=m(vB 【答案】BD c),即B1.2d 5.【解析】输出功率与电压和电阻有关，与周期无关， 2R amgt,=m(B一℃)，又由运动学 故A错误：设变压器原线图两端的电压为U1,电流为 知识有14<t2,则结合A项分析联立可得金属杆经 I1,副线圈两端的电压为U2,电流为I2,则有U1=U 过CC,的速度Uc>o,对金属杆经过CC1之后的运 B2L25 公二，可得U,一U格片-品 -11r,又根据22 12 劻过程，由动量定理有”2R=B 2R =mvc> 联立得U2二】 I2= U mo又由A项分析有5，天2< 1 和U=(R+小则 1+ <m·交%，则△r> n2 nR 2d,故金属杆在磁场中运动的距离为x=2d十△x> U 4d=2×2d.即金属杆在磁场中运动的距离大于原来 R消耗的功率为P ，由数学知识可知当西=阳个R 的2倍，D正确。 【答案】CD -100×号 =750匝时P有最大值，故B错误，D正 专题十七交变电流电磁振荡与 确：当滑片P向下移动时，原线圈匝数减小，由U=I1 电磁波传感器 (巴R+）可知原线图电流将增大，所以流过电阻， 1,【解析】电压的周期为T一0.4s,因此磁铁的转速为 的电流增大，故C错误。 n=2.5rfs,f=2.5Hz,故A、D错误：通过题图乙可 【答案】D 178 6,【解析】根据原副线园两端的电流和电压的比值关 9.【解析】根据LC振荡电路的周期公式T=2π√1C 系可知，原线圈的“等效电阻”与副线图的电阻的比值 U 当1=受C=子时：电容器附好充电完华，则流经 关系为： R原 271 线圈的电流最小，电路中电场能最大，选项A错误，C U2 可知此电路的等效电路 12 正确：当1=元LC-子时，电容器刚好放电结束，流 如图所示： 经线图的电流最大，方向由b到a,选项B错误：当t mR. 受，C-是T时，电容居刚好反向充电结来，电容器 两极板间电压最大，极板上所带电荷量最多，且左极 板带有正电荷，选项D正确。 A 【答案】CD AB、保持P1位置不变，P2向左缓慢滑动的过程中，即 10.【解析】因5G信号的频率更高，则波长小，波动性 原、副线圈的匝数比保持不变，R2接入电路的阻值减 更不明显，故A错误；电磁波均为横波，即4G和5G 小，则由上述分析可知，原线圈位置的等效电阻保持 信号都是横波，故B错误：5G传输速率10Gbps以 不变，因为滑动变阻器的电阻变小，则电流I变大，U 上，4G传输速率100Mbps~1Gbps,则5G信号传 变小，而R1消耗的功率增大，故A错误，B正确：C、保 输速率是4G的10倍以上，故C正确：任何电磁波在 持P2位置不变，P1向下竣慢滑动的过程中，2减小， 真空中的传播速度均为光速，故传播速度相同，故D 等效电阻增大，电流I减小，则电压表的示数减小，故 错误。故选C。 C错误；D、滑动触头P,初始位置在副线图正中间，此 【答案】C 1 11.【解析】由电路图可知，R1、R2串联；当有光照射R1 时“等效电阻”的阻值为R等数= R=4R<R2: 2 时，R1的阻值较小，总阻值较小，由欧姆定律可得电 路中电流较大：因R2为定值电阻，则R2两端的电压 保持P2位置不变，P向下缓慢滑动的过程中，则副 较大；当光线被挡住时，R1的阻值变大，总阻值变大， 线图的匝数变小，相当于原线图位置的“等效电阻”增 由欧姆定律可得电路中电流减小：则R2两端的电压 大：当等效电阻的阻值等于R2时，R1消耗的功率最 减小，故A、B错误；当光线被挡住时，R1的阻值变 大：当等效电阻的阻值大于9R时，P,向下缓慢滑动 大，则R2两端的电压减小，信号处理系统每获得一 时，R1消耗的电功率减小，故D错误。 次低电压就计数一次，故C正确，D错误。 【答案】B 【答案】 C 7.【解析】当开关S接1时，左侧变压器输出电压U2= 3×7.5V=22.5V,电阻R上的电压，即右侧变压器 12.【解析】 电压表的示数为有效值.可知，令示数为 的输出电压U,=PR=10V,电流1=发=1A, 10W2 右侧变压器输入电压U=子×10V=20V,电流1 R ·君+贤，罗解释U 10V,A正确；电流表的示数为有效值，该电流表的 =2×1A=0.5A,则r=U=50,当开关S接 1 号-10A=1A,B错误：由于交流电的峰 示数为1=R=0 2时，设输电电流为【，则右侧变压器的输出电流为 值为10W泛V,大于耐压值为10V,因此，若将电阻R 0.5认，由右侧变压器两边电压关系可知，- 换成一个耐压值为10V的电客。会被击穿，C错误： 13 电阻R在任意三分之一个周期内的电流有效值不一 0.51R,解得1=3A,则R上的功率P=(0.5I)R= 定是1A,所以电阻R在任意三分之一个周期内产生 774 22.5W,故选B、D。 的热量不能用：Q=I2RT=12×10×10-2J=0.1J 【答案】BD 计算，所以D错误。故选A。 8【解析】A、升压变压器原线圈匝数小于副线圈匝数， 【答案】 A 有1<2 13.【解析】A、t=0.005s时，L.C回路中线图上的电流 降压变压器原线圈匝数大于副线圈匝数，有3>4， 第一次达到最大值，T=0,005s,所以周期为T 则<，故A错误；B、由图像得，乙图中电压最大 n2 na 0.02s,故A错误：B、0.025s与0.005s相差一个周 值Um=2502V,电压的周期为T=0.02s,则w=行 2π 期，所以回路电流方向与图(b)中所示电流方向应相 同，故B错误：C,LC回路中电场能和磁场能相互转 2 =0.02rads=100 rad/s,则乙图中的电压醉时值表 换1=0.035s时，与LC回路的初始找态相差1子T。 达式为u=2502sin100πt(V),故B正确：C、当R处 此时线图中的磁场能最大，故C正确：D、1=0.040s 出现火警时，其阻值减小，负载总电阻减小，负载的总 时，与LC回路的初始状态相差2T,与图(a)情况相 功率增大，则14增大，原副线圈匝数比等于电流的反 同，所以1=0.040s至1=0.045s(与初始时刻相差 比，则I:增大，故C正确：D、输电线上损失的电压为 △U=Ir由C得，I3增大，则△U增大，输入电压U 2T刀时，电容器放电，线圈中的电流逐渐增大，故 不变，1和2不变，原副线圈电压之比等于匝数之 D错误。 比，所以U2不变，由于△U=U2一U3,所以U3减小， 【答案】C g和4不变，则U变小，即电压表的示数减小，故D 14.【解析】A.可见光是电磁波谱中人眼可以感知的部 错误。 分，所以可见光也是电磁波，故A正确：B.由电磁波 【答案】BC 谱可知紫外线比无线电波的波长短，故B正确：C.Y 179 射线是频率很高的电磁波，故C正确：D.由c=Af, 18.【解析】A、根据变压器电压与匝数成正比的关系有 可知电磁波频率越高，波长越短，波动性越不明显， 衍射能力越弱，故D错误。本题选择错误的，故 =,解得U3=9.5kV,理想变压署无能量损失， U ns 选：D。 故P3=P1=475kW,根据P3=U3I2,代入数据解得 【答案】D 12=50A 15.【解析】AB、托盘上未放物体时，因托盘质量为m0, 高压输电线电阻损失的电压△U=I2r=50×10V 根据胡克定律m0g=k.x0,可得弹簧压缩量为x0 500V,故A错误：B、高压输电线损失的功率△P ,可知此时P1与A端距离为工0，校准零点时， 1号r=502×10kW=25kW,故B正确：C、输电电压 P1,P2间电压应为零，故校准零点时，需要把滑动头 U=U+AU=10kV,则"-=，400 1 U10X10=25,故 P2移到与P1相同的位置，使它们之间的距离为0， C错误；D、发电机输出电功率为P1=Pa十△P=475kW 故AB错误：C、滑动头P1滑至B端时，被称量物体 +25kW=500kW,单位时间内水流的机械功率为 的重力g=k(L一x0),故被称物体的质量为 k(L-x0 P=m=Qgh代入教据解得Po=625kW,故机 ，故C错误：D、设被称物体的质量m时， g P1、P2间的距离为△x,则有：mg=△x,由闭合电路 被能转化为电能的效车为)-×100%-器 欧蜡定排与电路帝装正比分压可得：吕-芒，联主 100%=80%,故D正确。 【答案】 BD U,故D正确。 解得：m一Eg 19.【解析】根据题意可知，磁场区战变化前线圈产生 的感应电动势为e=Esin wt,由题图丙可知，磁场区 【答案】D 16.【解析】 理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，则灯 战变化后，当Esm=E时，线图的侧边开始切割 2 泡颜定电压U=U,报据变压器电流与压教成反 磁感线，即当线周旋转于时开始切制磁感线，由几何 比可知1=212=2=a 关系可知磁场区城平行于x轴的边长变为d'= 故流过3个灯泡电流相同，则亮度相同，原线圈两端 2dcos号=d,C正确。 电压减小，则副线圈电压变小，小于额定电压，则L2、 【答案】C L不能正常发光，设额定电流为I。,闭合时，原线圈 20.【解析】保持T不动，则原、副线圈臣数比不变，又 电流11'=10 变压器的输入电压不变，根据变压器的变压规律可 断开后，副线圈电流减小，则原线圈电流减小，电源 知，变压器的输出电压不变，滑动变阻器的滑片向 的输出功率P=IU,变小，故AC正确BD错误。故 端滑动时，其接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可 选AC 知通过R1的电流增大，根据P=1R可知，R,的热 【答案】AC 功率增大，A正确：仅将T向b端移动，则原、副线圈 17.【解析】A.设变压器原副线圈匝数比为k,根据理 想变压器电压与臣数比的关系U1=kU2,根据理想 的匝数比增大，又变压器的输入电压不变，根据变压 器的变压规律可知，变压器的输出电压减小，则R1 变压器电流与臣数比的关系1=疗2，由欧姆定律， 两端的电压减小，根据P一尽可知，R,的热功率减 负载电阻R2=2,因此变压器原线圈等效电租R原= 小，B错误：同理，仅将T向α端移动，R,的热功率增 大，结合A项分祈可知，再将滑动变阻器的滑片向f 凸_kU=k2R2,变压器输入电压的有效值U= 端滑动，R1的热功率进一步增大，C正确：经以上分 析可知，将T向b端移动，滑动变阻器的滑片向：瑞 滑动，R1的热功率减小，D错误。 2202V=220V,电阻R1两端的电压U1=1hR 【答案】AC 2 -1×100V-100V,原线图两端电压U1=U-U 专题十五至十七滚动检测卷 =220V-100V=120V,根据欧姆定律U1=11R原 1.【解析】当闭合导线框开始进入磁场时ab边切割磁 =【12R2,代入数据解得k=4,根据理想变压器电 压与亚数比的关系，电压表示量U山2=山=子× 感线，此时钱框中的电流为1=以巴，电流设定，旅据 右手定则可知，方向为逆时针方向：当ab边与磁场右 120V=30V,故A正确：B.根据功率公式，电阻R2 边界重合后，导线框不切割磁感线，线框中的磁通量 _0_30w=120W,故B错误：C.交流 的功率P2一R27.5 不发生变化，直到进入磁场左边界，故此过程无感 应电流产生；继续向右运动，导线框在磁场当中的有 电的频率∫装=10红Hz=50H2,变压器不改变】 效切割长度逐渐变大，故感应电流也随之变大，直到 c到达磁场右边界，由右手定则可知，感应电流的方 交流电的频率，故C错误：D.若断开开关S,副线圈 向为顺时针方向：再继续向右运动，直到d到达磁场 中无电流，原线圈中无电流通过，此时原线圈两端电 左边界，导线框切割磁感线的有效长度不发生变化， 压为U1=U=220V,根据理想变压器电压与匝数比 此过程感应电流的大小和方向都不发生变化：继续向 的关系，电压表示数U2=号-220V=55V,故D正 右运动，直到导线柜离开磁场，导线框在磁场中切割 4 磁感线的有效长度逐渐减小，感应电流也随之减小， 确。 方向仍是顺时针方向。故A正确，BCD错误。 【答案】AD 【答案】A 180