专题10 静电场及其应用-2024年高考物理小题必刷卷

专题十 静电场及其应用 -I高考攻略1 本专题是高考考查的重点和热点内容,主要考查电场的描述、电场力的性质及力电综合问题等知 识点,试题涉及知识内容多,考查角度灵活多变,往往与科学技术相联系,问题综合抽象,对物理建模 能力及数学应用能力要求较高。 【考点·分层分练】 考点一_ 库仑定律的理解与应用 1.真空中两个相同的带等量异种电荷的金属小球 # A和B(均可看作点电荷),分别固定在两处,两 B 球间静电力大小为F。现用一个不带电的同样 的金属小球C先与A接触,再与B接触,然后移 A.细线上的拉力一直增大 开C,再将A、B间距离增大为原来的2倍,则A B.B球受到的库仑力先减小后增大 B间的静电力大小为 ~_ C.B球的运动轨迹是一段圆弼 D.支杆受到地面向左的摩擦力逐渐减小 考点三 库仑力作用下的加速问题 4.(2024·辽宁部分高中高三模拟)如图所示,、、 考点二 库仑力作用下的平衡问题 c、d四个质量均为】的带电小球恰好构成“三星 2.如图所示,在一条直线上有两个相距0.4m的点 拱月”之形,其中a、、c三个完全相同的带电小 电荷A、B,A带电十Q.B带电一9Q。现引人第 球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做 三个点电荷C,恰好使三个点电荷均在电场力的 半径为R的匀速圆周运动,三小球所在位置恰好 作用下处于平衡状态,则C的带电性质及位置应 “我 将圆周等分。小球a位于O点正上方h处,且在 为 ( ) 外力F作用下恰处于静止状态。已知a、b、c三 小球的电荷量均为g,d球的电荷量为一6o,h一 2R,重力加速度为g,静电力常量为。则 -04m-- ) A.正,B的右边0.4m处 Cd B.正,B的左边0.2m处 班 C.负,A的左边0.2m处 D.负,A的右边0.2m处 3.(2024·四川成都树德中学模拟)如图所示,水平 面上放置一个绝缘支杆,支杆上的带电小球A 位于光滑小定滑轮O的正下方,绝缘细线绕过定 _3^} B.小球的角速度为 滑轮与带电小球B相连,在拉力F的作用下,小 3R 球B静止,此时两球处于同一水平线。假设两球 3{ C.小球c的向心加速度大小为 的电荷量均不变,现缓慢拉动细线,使B球移动 3R^{m 一小段距离,支杆始终静止。在此过程中以下说 ) 法正确的是 } 45 5.(多选)质量均为n的三个带电小球A、B、C用 场。如图为“反天刀”周围的电场线分布示意图, 三根长度均为/的绝缘丝线相互连接,放置在光 A、B为电场中的两点,下列说法正确的是( ) 滑绝缘的水平面上,A球的电荷量为十9。在C 球上施加一个水平向右的恒力F之后,三个小球 一起向右运动,三根丝线刚好都伸直且没有弹 力,F的作用线的反向延长线与A、B间的丝线 相交于丝线的中点,如图所示,已知静电力常量 ( 为,下列说法正确的是 ) A.A点电场强度比B点的大 A B.“反天刀”周围的电场线是真实存在的 C.“反天刀”周围电场的强度从尾部至头部先减 小后增大 D.“反天刀”周围的电场与等量同种电荷周围的 A.B球的电荷量可能为十2q 电场相似 B.C球的电荷量为一2q 9.(多选)(2024·四川成都外国语学校模拟)某电 场的电场线分布如图所示,虚线为某带电粒子只 C.三个小球一起运动的加速度大小为 在静电力作用下的运动轨迹,a、么、c是轨迹上的 三个点,则 ( D.恒力F的大小为2、k{} ) 考点四 电场强度的计算 6.匀强电场中A、B、C三点间距离均 为/,构成一个等边三角形,如图所 示。等边三角形所在平面与匀强 A.粒子可能带负电也可能带正电 电场方向平行,若在B处放一正点 B.若粒子从a点运动到c点电势能增大 电荷十o:在C处放一负点电荷一?,则A点场强 C.粒子在c点的加速度一定大于在点的加 为0。则此匀强电场的场强大小为 ) 速度 #A.# D.粒子在;点的速度一定大于在a点的速度 32 考点六 静电的防止与利用 C.3 2hg D. 10.(多选)长为/的导体棒原来不带电,现将一个 72 带负电的点电荷(电荷量的绝对值为q)放在棒 7.(2021·湖南卷)如图:在(a,0)位置放置电荷量 的中心轴线上距离棒的左端R处,如图所示。 为?的正点电荷,在(0,a)位置放置电荷量为 当达到静电平衡后,以下说法中正确的是 的负点电荷,在距P(a,a)为2a的某点处放置 ( 正点电荷Q,使得P点的电场强度为零。则Q ( 的位置及电荷量分别为 ) 2/ A.楼上感应电荷在O点处产生的场强为零 Pa.a) B.棒上O点处的场强为零 C.负点电荷在O点处产生的电场强度大小为 ##_# (Rt) .方向沿Og连线且指向 A.(0,2a)v2q B.(0.2a),22q C.(2a,0)v2q D.(2a,0),2v2q D.棒上感应电荷在棒的中点O处产生的电场 考点五 电场线的理解与应用 强度大小为b __ 8.(2024·江苏连云港高级中学模拟)“反天刀”是 生活在尼罗河的一种鱼类,沿着它身体的长度方 向分布着电器官,这些器官能在其周围产生电 指向q 46 【考能·演习演练】 11.(2024·河北石家庄一中模拟)某同学探究接触 带电现象,所用实验装置如图所示。两个完全 相同、有绝缘底座的带电金属小球A、B(均可看 A.q>qB B.0>02 C.mA.mp=1:2 D.xA.xB-1:2 两球间静电力大小为F。现用一个不带电的同 14.(2024·江苏苏北地区高三一模)如图所示,半径 样的金属小球C先与A接触,再与B接触,然 为R的绝缘细圆环上均匀分布着电荷量为Q的正 后移开C,接着再使A、B间距离增大为原来的 电荷,A、B、C三点将圆周三等分。取走A、B处卿 2倍,则此时A、B间的静电力大小为 ( ) 长均为AL.的圆张上的电荷(ALR).静电力常量 ( 为,此时圆心O处电场强度 ) #Q. -OA B○+0 77777777777777 B# A.方向沿CO,大小为b Q△L “2R} _ 12.(2024·广东梅州模拟)如图所示,A、B、C为放 B.方向沿OC,大小为 置在光滑水平面上的三个带电小球(可视为点 C.方向沿CO.大小为Q 电荷),其中B与C之间用长为L的绝缘轻质 _{} 细杆相连,现把A、B、C按一定的位置摆放,可 D.方向沿OC,大小为QA { 使三个小球都保持静止状态。已知小球B所带 15.(2024·山西三晋名校联盟高三联考)如图所 电荷量为一q,小球C所带电荷量为+4o,则以 示,在演示带电体间的相互作用时发现,用绝缘 ( 下判断正确的是 ~ 细线悬挂在支架上质量为n的带电小球B,在 #A B,C# 均匀带电小球A的作用下保持静止。且知细 线与竖直方向夹角。三45^{},两球心连线与水平 A.小球A所带电荷量一定为十4g 方向所成角③一15{,重力加速度为g,则下列判 B.轻质细杆对两球有拉力 断正确的是 ) C.小球A与B之间的距离一定为I D.若将A球向右平移一小段距离后释放,A一 定向左运动 13.(2024·浙江台州模拟)如图所示,两个质量分 别为n;和n的带电小球A、B(可视为质点) 通过一根绝缘轻绳跨放在光滑的定滑轮上(滑 轮大小不计),两球静止,Q为滑轮正下方AB A.细线中张力的大小为②mg 连线上的一个点。两球到O点距离分别为A B.小球A所受静电力的大小为2n 和x,到滑轮的距离分别为/和/,且A·/ C.细线中张力的大小为/③mg -1:2,细绳与竖直方向的夹角分别为6和 D. 小球A对小球B的引力要大于小球B对小 0.两球电荷量分别为和qB。则 ) 球A的引力 16.(2024·山东滩坊高三模拟)如图甲所示,半径为 R的均匀带电圆形平板,单位面积带电荷量为a( / >0).,其轴线上任意一点P(坐标为x)的电场强度 可以由电场强度的叠加原理求出:E三2x 7777777777777 ,方向沿x轴。现考虑单位面积带 777777777777. V+R] A.感应电荷在M点产生的电场强度向左,在N 电荷量为g的无限大均匀带电平板,从其中间挖 点产生的电场强度向右 去一半径为,的圆板后(如图乙所示),在其轴线 B.感应电荷在M点产生的电场强度比N点要小 上任意一点Q(坐标为x)处放置一个点电荷q; C.M、O、N三点的合场强均为0,但由于N点 则a。所受电场力的大小为 C ) 离带电小球A较近,故N点电势较另两点 “2 *-) 要低 D.若将金属球壳Q的左侧接地,则球壳Q的左 0 侧将不带电 甲 【考场·真题真练】 乙 B.2-kooqo r 2} 19.(2024·新课标卷)如图,两根不可伸长的等长 2十2} 绝缘细绳的上端均系在天花板的O点上,下端 ” C. 2nkooqo 分别系有均带正电荷的小球 17.(多选)(2024·云南昆明高三一模)如图所示. P、Q;小球处在某一方向水平 M、N两点固定等量异种点电荷,M、N连线上 向右的匀强电场中,平衡时两 有a、、o、c、d五个点,o为M、N连线中点,ab 细绳与坚直方向的夹角大小 0 相等,则 C ) A.两绳中的张力大小一定相等 止释放,P仅在电场力作用下依次通过b、o、c、d B.P的质量一定大于Q的质量 各点,通过。点时P的速度大小为v。下列说 C.P的电荷量一定小于Q的电荷量 法正确的是 ( ) D.P的电荷量一定大于Q的电荷量 20.(2024·河北卷)如图,真空中有两个电荷量均 A.P从a点运动到d点的过程中,速度先增大 为q(q>0)的点电荷,分别固定在正三角形 后减小 ABC的顶点B、C。M为三角形ABC的中心 沿AM的中垂线对称放置一根与三角形共面的 B.P通过d点时的速度大小为v2 6 C.P通过c点时的速度大小为 ABC的边长为a,M点的电场强度为0,静电力 D. P从a点运动到d点的过程中,最大加速度 常量为。顶点A处的电场强度大小为 ) 18.(多选)(2024·黑龙江哈尔滨九中模拟)如图 一不带电的金属球壳Q放在绝缘支架上,现在 Q的右侧放置一带负电不计体积大小的小球 B------ A.同样放在绝缘支架上。M、N两点为A球与 ,* 球壳Q的球心O连线上的两点,均在球壳内 A. 23 B.(6十③)# 部,分别在球心O的左、右两侧关于O点对称 2 “2} 由于静电感应,球壳Q的左右两侧分别带上等 C.(33{+1) 量异种电荷。有关现象描述正确的是 48y=5cm历时4=2+1 ,再历时5T2到达y=5cm, 水平方向动量守恒定律可得：m22=(m2十M)v共， 解得：v共=2m/s 10次，所以=++5=5 报据系锐机挑能守征得m动=号m透-m十0g 当发向左传将时=mT十是T(n=01,2.3… 代入数据解得：h=0.4m。 【答案】(1)35N(2)2m/s、4m/s(3)0.4m 2 解得：T2=4n十3s(n=0,1,2,3…,解得：1 专题十静电场及其应用 62 24n+188(n=0,1,2,3…) 1.【解析】设A、B原来所带电荷量分别为+Q、一Q, 【答案】(1)波向右传播，4(4n+1)m/s(n=0,1,2,3 A,B同静电力大小下-9，将不带电的同样的金属 …):波向左传播，4(4n十3)m/s(n=0.1,2,3…)(2)向 球C先与A接触，再与B接触后，A所带电荷量变为 右传播 67 (3)24n18sn=0.1,2.3） 十号，B所带电荷量支为一号，再将A,B间距离增大 15.【解析】(1)小物块第一次滑上传动送带时怡好不 会从传递带左端滑下，即滑到从传送带左端时速度 4Q.Q 为原来的2倍，A,B间静电力大小F'= 44 拾好为零，从A点到第一次滑上传送带左端，根据动 (2r)2 能定理得mng.tosin0-1 ngcos0·xo一2ngL=0, 代入数据解得L=4.5m: 品则F-2F,故B正 4 (2)小物块第1次从斜面上运动到P点时mg.rosin0 【答案】B -mgcos0·0=交m 2.【解析】要使三个电荷均处于平衡状态，必须满足 解得=6m/s>2m/s,故沿传送带返回先做加速 “两同夹一异”“两大夹一小”“近小远大”的原则，所以 运动与传送带共速，后匀速运动到P点，速度为 点电荷C应在A左侧，带负电。设C带电荷量为q, A、C间的距离为x,A、B间距离用”表示，由于处于 =2ms,则上升到最高，点-mw了=一mgr1sin0 平衡状态，所以kg=9Q,解得r=0.2m,选项 1 ngcos0·x1 (r+x)1 第二次到达P点时速度mgx1sin0-41gcos8·x C正确。 【答案】C 2m吃 3.【解析】受力分析如图： ABC,如图所示，设A、B间的距离 联立得2 5 写1，由于欢<2m8,可知从传送带返 、0 为r,O、A间的距离为h,O、B间距 回速度仍然为2，物块再次滑上斜面返回P点，可推 离为I,B球重力为mg。A、B之间 理得的= '1,则第n次返回P点u 的库仑力大小为F康=k9A9里，根 r2 据三角形相似可m5=F年=E m/s: h (3)小物块最终停止在斜面底端，则在整个运动过程 解得F-mg gA9B山 中与斜面间因摩擦而产生的总热量Q=ImgC0s0· mg 现缓慢拉动细线，使B球移动一小 w+2mv1=38J. 段距离，则1减小，h不变，所以F减小，即细线上的拉 力一直减小：r不变，即B球的运动轨迹是一段圆孤， 【答案】(1)4.5m( 22(） m/s(3)38J 并且B球受到的库仑力大小不变。故AB错误，C正 确。D.根据平衡条件可知，直杆受到的地面的摩擦力 16.【解析】(1)设Q第一次运动到B点时的速度大小为 与B对A的库仑力的水平分量大小相等、方向相反， ,根据机孩能守恒定律有：mg(R十)=之m,解 而B对A的库仑力大小不变，方向由水平向左变为斜 得：v=10m/s 向左下，则水平分量变小，即支杆受到地面向右的摩 2 擦力逐渐减小，故D错误。 在B点，根据牛频第二定律有：FN一m1g=m1尺，代 【答案】C 4,【解析】ABC.a、b、c三小球电荷量相等，完全相同， 入数据解得：FN=35N 受力相同，绕O,点做半径为R的匀速圆周运动，线速 由牛频第三定律可知，Q经过圆孤末端B时对圆弧 度、角速度、加速度大小均相等，设db连线与水平方 轨道的压力大小为35N: (2)设Q由B点滑行至C点的速度为，取向右为 向的夹角为a,则cosa= 正方向，由动量定理得：一m1gt=1%一m1,解 √2+R3,则sina-36， 得：0=6m's Q与P碰撞过程，取向右为正方向，根据动量守恒 对b球，根据牛顿第二定律和向心力得k9·9 有：10=m1)+m22 2k 根指机核能守短有：m6=7m时十弓m吃，联 (2Rs30y·os30=m尺=mw2R=ma,解得0= q 立解得：1=一2m.'s,2=4m/s: 3kg v3kq2 3g,故AB错误，C正确： (3)当P在光滑的一孤形槽M中上升的最大高度 √3RmwV3Rm 3R2m 时，P与M水平方向速度相等，取向右为正方向，由 D.小球d受到a、b、c三球的库仑引力、重力、竖直向 153 上的外力F作用，由平衡条件得F=3·9·sma十 粒子在c点的速度一定小于在a点的速度，故D h2+R2 错误。 mg三g十 2k,故D错误。 【答案】BC R 10.【解析】AB.导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电 【答案】C 荷中点O处产生的场强大小与点电荷一q在该处产 5.【解析】根据对称性可知，A球的电荷量和B球的电 生的电场强度大小相等，方向相反。O点的合场强 荷量相同，故A错误：设C球的电荷量大小为qC,以A 为零，棒上感应电荷在O点处产生的场强不为零，故 球为研究对象，B球对A球的库仑斥力为FM=g A错误，B正确：C.根据库仑定律，一q在O点产生的 2 电场强度大小：E=g=如 2,方向沿O为连线且 r C球对A球的库仑引力为一警，由随意可知小球运 (R+ 指向9，故C正确：D.由于O处的合场强为零，所以感 动的加速度方向与F的作用线平行，则有FC1sin30°= 应电荷产生的场强方向与点电荷十q在该处产生的 ,fFc1cos30=ma,解得9心=29，ag,C球带 电场强度的方向相反，则棒上感应电荷在棒内中点 负电，则C球的电荷量为一2g,故BC正确；以三个小 产生的场强大小为：E'=E=9 2,方向沿O4 球体为研究对象，根据牛顿第二定律可得F=3ma= (R+号 33k好，故D错误。 连线且指向O,故D错误。 【答案】BC 【答案】BC 11.【解析】未和小球C接触前，根据库仑定律可知F= 6.【解析】B、C两点处的点电荷在A点产生的电场强 Q4Q kQ 度的失量和为E=2Ec0s60°=k是，因A点的合场 r2 ,用不带电的小球C与A接触，则 强为0，则匀强电场的场强与B、C两点的，点电荷在A 点的合场强等大且反向，则匀强电场的场强大小为E一 A.C的电荷量为QA=Q=-日Q,C与B再接触， E=大名，故B正确，A,C.D错误 则B的电荷量为QB一十6Q,根据库仑定律知此时 【答案】B 1 7.【解析】根据点电荷周围电 静电力大小F=F=k8“6Q 场的电场强度公式得原来两 点电荷在P点产生的电场 故A正确，BCD错误 【答案】A 强度大小均为E。=k号，原 12.【解析】设小球A与B之间的距离为，小球A受 a 来两点电荷在P点产生电 场的合电场强度为E1= 方平青根据车霜多什有-经是郎得 2B心子=受方向鲜向 L,gA可以为任意值，故A错误，C正确：对球B受力 0 2a 分析，球A,球C对球B的静电力的合力为F= 左上方与x轴负方向成45°角，由于放入正点电荷Q 后P,点的电场强度为零，结合题述可知正点电荷Q的 ·g”9,由于不知道球A所带电符量，则无法确定 L2 位置应该在(0,2a)处，并且满足k②9=kQ a 象 球A、球C对球B的静电力的合力是否为零，杆对小 球可能是拉力、支持力或没有力，故B错误；球A在 得Q=2、2g,故B正确，A,C、D错误。 原来的位置是平衡的，若将A向右平移一小段距离， 【答案】B 球B、球C对A的静电力均增加，但球B对球A的 8.【解析】A.电场线疏密程度代表电场强度，由图可 静电力增加更快，由于A球带电性质可以任意，故释 知：A处电场线比B处稀疏，故A处电场强度小于B 放A球后A球可能向左运动，也可能向右运动，故D 处电场强度，故A错误：B.电场线不是真实存在的，是 错误。 为了描述电场假想的，故B错误：C.电场线疏密程度 【答案】C 代表电场强度，由图可知“反天刀”周围电场的强度从 13.【解析】A.根据题意可知两球的电场力是相互作用 尾部至头部先减小后增大，故C正确：D.“反天刀”鱼 力，所以无法比较两球电荷量的大小，故A错误：B 周国的电场类似于等量异种点电荷形成的电场，故D 绳子上的力处处相等，对绳子跨过定滑轮的结，点受 错误。 力分析可知：Tcos01=Tc0s02,解得01=02，故B 【答案】C 错误；CD.对两球受力可知，如下图所示，根据相似三 9.【解析】A.根据粒子受力沿直线指向轨迹的凹侧，即 角形可得 大致向左，可判断该粒子带正电，故A错误：B.根据粒 LEEEREEEREEC2E克 子运动轨迹，受力沿直线指向轨迹的凹侧，即大致向 左，可知粒子从a点运动到c点减速运动，电场力做负 功时，动能减小，电势能增加，故B正确：C.根据电场 线的疏密表示电场的强弱，由题图可知E>E,所以， 粒子在三点所受电场力大小为F>F,根据牛顿第二 定律可知粒子在C点的加速度一定大于在b点的加逸 度，故C正确；D.无论粒子从a点运动到c点还是从C 点运动到a点，根据动能定理一定有E>Ex,所以 154 mAg_T_卫，m驱=工=E,可得mA:mB=2: 2k Q h IA IA’h IB xB1 1,xAxB=1:2,故C错误，D正确。 2 【答案】D =8歌9，得a1:a2=20:9,故D正确。 r“m 14.【解析】由于國环所带电荷量均匀分布，所以长度为 【答案】 BD 业的小圆张所学电待量？一装设有取走电疗时圆 18.【解析】A.静电平衡的导体内部场强处处为零，根 据电场的叠加原理知带负电的小球A在球壳内部 心O,点的电场强度为零，根据电场强度叠加规律，取 M、N点产生的场强方向向右，所以感应电荷在M、 走A、B两处的电荷后，圆环剩余电荷在O,点产生的 N点产生的电场强度向左，故A错误；B.带负电的 电场强度大小等于A、B处弧长为△L的小圆孤所带 小球A在球壳内部M点产生的场强小于在N点产 正电椅在O点产生的场强的叠加，方向相反，即有 生的场强，所以感应电荷在M,点产生的电场强度比 E-a6m解得E。-朵方有若0.故A N点要小，故B正确；C,金属球壳Q是等势体，三点 的电势相同，故C错误：D.若将金属球壳Q的左侧 正确：BCD错误。 接地，球壳Q的右侧为新导体相对于A的近端，带正 【答案】A 电，而球壳Q的左侧将不带电，故D正确。 15.【解析】AC.小球B受力分析如图 【答案】BD 由平街条件可得0= 19.分别对两小球受力分析如图所示，设两小球间的距 F 离为1，蝇与竖直方向的夹角为0，则有g四0-g0E sin 45* sin105,解得T T 12 sin 105 =mog tan 6. 5n30°mg=3 2+v mg 9e+qpE=mpgtan,星然mo 2mg,故 12 2 gtan <mpg tan0,即mQ<mp,B正确：设下端系有 AC错误：BD。而A对B的静 小球P的细绳的张力大小为T、下端系有小球Q的 12 电力大小为F=册祭mg=名mg=Bmg,且A对 细蝇的张力大小为T,则有T-。了-站 合上述分析可知，T>T,A错误：根据小球Q在O 2 B的引力”与“B对A的引力”为一对相互作用力，由 点所在竖直线左边知9>E0,则智>E,但P、 12 牛顿第三定律可知其等大反向，故B正确，D错误。 Q电荷量之间的大小关系无法确定，CD错误。 【答案】B uHulE 16.【解析】将挖去的半径为r的圆板补上则得到一个无 限大的均匀带电平板，由公式E=2xka[1-,x] 12+R kq4o 9E+ kqi9o -9o 得，当R→0时得到圆孔轴线上任意一点Q的电场强度 P mog tmp唱 EQ1≈2πku:补上去的半径为r的圆板在Q点产生的电 【答案】B 场强度大小为E=2πkm[1- ,:则龙去一率径 20.【解析】由点电荷的场强公式和场强叠加原理可 知，两点电荷在M点产生的电场强度大小为E 为r的圆板后园孔轴线上任意一点Q的电场强度E ®一=2如存·期所全电场力的大小为 0s60,方向沿MA方向，又M点的电 中厅所以选项A正确 2nkauo 场强度为0，所以细杆在M处产生的电扬强度大小 【答案】A 也为E。,方向沿AM方向，由对称性可知细杆 17.【解析】A,P从a点运动到d点过程中，电场力方 在A处产生的电场强度大小也为E=3g,方向活 向不变，电场力做正功，速度一直增大，故A错误；B. P从a点运动到0点和从0点运动到d点过程中电 MA方向，又由点电荷的场强公式和场强叠加原理 场力微功相学，报据动能定理有W=m2-0=7m 可知，两点电荷在A处产生的电场强度大小为E'= 2kg0s30°=g,方向沿MA方向，所以A处的电 2n心，P通过d点时速度大小u=2,故B正确： C.假设是匀强电场，从0，点运动到（点过程中，根据 场强度大小为EA=E+E=(3+),D正确。 a= 动能定理有号W=2m暖-m,得u- 20,而0c 【答案】D 间场强平均值小于a0间场强平均值，则P通过c点 专题十一静电场中的能量 时建度小于，故C错误：D设MN间范为，根据牛 1.【解析】AB.根据对称性关系，A、C电荷在b、c两点 的合电场强度大小相等，方向相同，方向垂直于b加指 顿第二定律和受力特点，a、d两点加速度最大41= 向C,又C离B电荷近，根据电场的叠加，可知E6< Q Q E,根据对称性关系，A、B两电荷在c,a两点的合电 ()( 场强度大小相等，方向相反，a点由c指向a,c点由a 160 Q ,0点加速度最小a2= 指向c,又c离C电荷近，根据电场的叠加，可知E4< 9 E:根据对称性关系，B、C两电荷在a、b两点的合电 155