专题2 相互作用一力-2024年高考物理小题必刷卷

专题二相互作用一力 ㄧ高考攻略I 本部分内容在高考命题中主要涉及对重力、弹力、摩擦力的理解和应用，对物体的受力分析以及 共点力平衡等内容，试题以生活实际或力、电平衡模型为背景考查静态，动态平衡问题。 数 A.第1张纸与第2张纸之间的摩擦力为滑动摩 【考点·分层分练】 擦力，大小为2(F十mg) 考点一重力 弹力 B.第5张纸与第6张纸之间的摩擦力为静摩擦 1.(2024·河南开封市月考)如图 力，大小为2(F+5mg) 所示，光滑小球A左边靠着竖 C.第10张纸与摩擦片之间的摩擦力大小 直墙壁B,右边靠着桌沿处于B 为如(F+mg) 静止状态，则关于小球A的受 D.若<，进纸系统仍能正常进纸 史 力下列说法正确的是 () 考点四力的合成与分解 A.墙对A的作用力一定过A的重心 4.(多选)(2024·广东东莞市高三月考)为使舰载 B.桌沿C对A的作用力一定过A的重心 机在几秒内迅速停在航母上，需要利用阻拦索将 C.A的重力一定过A的重心 舰载机拦停（如图甲），此过程可简化为如图乙所 D.A球的重心一定在球心 示模型，设航母甲板为一平面，阻拦索两端固定， 中 考点二弹力 并始终与航母甲板平行。舰载机从正中央钩住 并 2.(2024·四川德阳模 阻拦索，实现减速。阻拦索为弹性装置，刚刚接 拟)如图所示，将一细 触阻拦索就处于绷紧状态，下列说法正确的是 杆放在光滑半球形容 器内，处于静止状态， 它与容器的接触点分别为点A、点B,下列关于 细杆的说法中正确的是 ( A.若细杆的形状规则，则细杆的重心一定在它 数 的几何中心 B.细杆的重心一定位于AB之间 A.舰载机落在航母上钩住阻拦索时，只受重力、阻 C.细杆在A点处可能不受弹力 拦索的弹力和航母甲板的摩擦力三个力作用 D.细杆的重心可能位于B点 B.舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，阻 考点三摩擦力 拦索对飞机的弹力在变大 3.(2024·江苏南京高三模 C.当阻拦索被拉至夹角为120°时，设阻拦索的 茶 搓纸轮 拟)打印机在正常工作的情 纸张 张力为F,则阻拦索对舰载机的弹力大小为F 况下，进纸系统每次只进一 D.舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中， 张纸。进纸系统的结构示 摩擦片 舰载机所受摩擦力一直在变大 意图如图所示，若图中有10张相同的纸，每张纸 考点五力的分解 的质量为，搓纸轮按图示方向转动并带动最上 5.(2024·河南郑州外国语学校模拟)在现实生活 面的第1张纸向右运动，搓纸轮与纸张之间的动 中，力的分解有着广泛的应用，比如劈柴用的斧 摩擦因数为，纸张与纸张之间、纸张与底部摩 头。如图甲所示为斧头劈柴时的剖面图，用斧头 擦片之间的动摩擦因数均为？，工作时搓纸轮 劈柴时，只需用一个较小的竖直向下的力作用于 对第1张纸压力大小为F。打印机正常工作时， 斧头上，便可以把木柴劈开。下列说法正确的是 下列说法正确的是 5 斧 悬挂起质量均为m的灯笼A、B、C、D,中间细绳 是水平的，上面两细绳与水平方向夹角为0，中 间两细绳与竖直方向夹角为2，AB间和BC间 的绳中张力分别是FAB和FC,重力加速度为g。 下列关系式正确的是 斧头P 斧头Q 用 A.力F一定比它沿垂直于AB与AC两个方向 分解的两个分力都大 B.一个较小的力F可以分解为两个较大的分 力，从而把柴劈开 A.01=02 B.tan =2 C.力F的大小等于沿垂直于AB与AC两个方 tan 02 向分解的两个分力大小之和 C.Frc =mgtan 02 D.FAB= 171g sin 02 D.乙图中，斧头P与斧头Q的质量相同，且a< 考点八动态平衡问题 3,则用斧头Q更容易把木材劈开 9.(2024·河南高三月考)如图所示，一光滑的轻滑 考点六牛顿第三定律 轮用轻绳O)悬挂于O'点。另一轻绳跨过轻滑 6.如图所示，小明同学在家做 推打 轮一端连接物块A,另一端连接中间有孔的小球 家务时，沿轻质推杆方向斜 拖把 B,A、B的质量满足mA<mB,小球B套在光滑 向下施加力，拖把受到杆的 倾斜固定杆上，对B施加沿杆方向的外力F使 推力F与水平方向的夹角为0，且拖把刚好做匀速 轻绳OB水平。缓慢改变外力F的大小，使轻绳 直线运动，则 OB从水平顺时针缓慢转到竖直的过程中，下列 A.拖把所受地面的摩擦力为Fsin0 说法正确的是 B.地面对拖把的支持力大于拖把的重力 C.推杆对拖把的作用力大于拖把对推杆的作用力 D.推杆对拖把的作用力小于拖把对推杆的作用力 考点七共点力的平衡 7.(多选)(2024·山东青岛二中模 707777777 拟)如图所示，粗糙水平面上，有 0 A.轻绳OB上的拉力先减小后增大 一静止的倾角为0的斜面体B, B.轻绳O)上的拉力大小不变 其质量为mB,粗糙斜面B上放小物体A,质量为 C.轻绳O)上的拉力逐渐增大 mA。现用沿斜面向上的力F推动A,使其沿斜 D.外力F逐渐增大 面匀速上滑，此时斜面B仍静止，各接触面动摩 10.(2024·四川南充市高三月 擦因数均为，则 () 考)如图，用两根等长的细绳 A.B对地面的压力大小是(A十mB)g 将一匀质圆柱体悬挂在竖直 B.B对地面的压力大小是(mA十mB)g一Fsin0 木板的P点，将木板以底边 C.B对地面的摩擦力大小是：(mA十B)g,方向 MN为轴向后方缓慢转动直 水平向右 至水平，绳与木板之间的夹角保持不变，忽略圆柱 D.B受地面的摩擦力大小是Fcos8,方向水平 体与木板之间的摩擦，在转动过程中 向右 A,圆柱体对木板的压力逐渐增大 8.(2024·山东省聊城市高三一模)挂灯笼的习俗 B.圆柱体对木板的压力先增大后减小 起源于西汉，过年期间，家家户户都挂起了各式 C.两根细绳上的拉力均先增大后减小 各样的灯笼.如图所示，由五根等长的轻质细绳 D.两根细绳对圆柱体拉力的合力保持不变 【考能·演习演练】 N 5 11.(2024·广东省湛江市高三模拟)现代人经常低 头玩手机，这会使颈椎长期受压， 2 可能引发颈椎病。某同学低头看 手机时，可粗略认为头受到重力 0 8 10 t/s 246810/s G、肌肉拉力F和颈椎支持力F、, B 如图所示，若头颈弯曲与竖直方 向成30°，此时肌肉对头的拉力F N 约为头重的1倍，由此估算颈椎 受到的压力大小约为 A.2G B.3G 2 C.G 4名 0 2 46810s 246810/s 12.(2024·泰安一模)一根轻wwM b C D 质的不可伸长的细线长为L 14.(2024·湖南省怀化市高三一模)晾晒衣服的绳 =50cm,两端分别系在水平 子两端分别固定在两根竖直杆上的A、B两点， 天花板上间距为d=40cm的a,b两点，有一质量 A、B两点等高，原来无风状态下衣服保持静 及大小不计的光滑动滑轮￠跨在细线上，滑轮通 止。某时一阵恒定的风吹来，衣服受到水平向 过细线悬挂重力为G=1N的小球，处于静止状 右的恒力而发生滑动，并在新的位置保持静止， 态，小球可视为质点。现对小球施加大小为F 如图所示。两杆间的距离为d,绳长为1.25d N平行于a,b连线的水平拉力，小球再次平衡 衣服和衣架的总质量为m,重力加速度为g, 3 sin37°=0.6。不计绳子的质量及绳与衣架挂 时a,b间细线的张力为T,则 ( AT=号N B.T=号N 钩间的摩擦，下列说法正确的是 C.T=5N 3 D.T-3N 5 13.(2024·肥西县校级模拟)如图甲所示，质量M =1kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板 与地面间的动摩擦因数1=0.1，在木板的左 A.在有风且风力不变的情况下，绳子右端由A 端放置一个质量m=1kg的物块，物块可视为 点沿杆向下移到C点，绳子的拉力变大 质点，物块与木板间的动摩擦因数=0.4。设木 B.有风时，挂钩左、右两侧绳子的拉力大小不 板足够长，现对物块施加一个水平向右的力F,力 相等 F随时间（的变化如图乙所示。已知最大静摩擦 C.相比无风时，在有风的情况下∠AOB小 力与滑动摩擦力相等，取g=10m/s2,则下面四 个图中能正确反映物块受到木板的摩擦力大小 D无风时，轻绳的拉力大小为营m5 f随时间t变化的是 15.(2024·河北省高三一模)如图所示，光滑四分 FIN 之一圆弧轨道ABC固定放置，B为轨道最低 点，O为圆弧对应的圆心，连线OB沿竖直方 向，∠AOB=60°、∠COB=30°。质量为m的小 2 球在外力F的作用下沿轨道缓慢地由A点移 动至C点，外力F的方向始终与AC连线平行。 46810f 重力加速度为g,在小球的移动过程中下列说 甲 法正确的是 () 擦因数均为写，最大静摩擦力等于滑动摩擦 力。若将Q向右缓慢移动直至3=0°，c物体仍 处于静止状态，c与1之间的细线始终与斜面平 A外方F的最大值为号g 行，以下说法正确的是 B轨道对小球支持力的最小值为2+⑥ 4 mg C.轨道对小球的支持力先增大后减小 D.在A、C两点外力F大小相等，方向相反 A.c与斜劈的摩擦力以及Q与横杆之间的摩擦 16.(2024·甘肃兰州市高三模拟)高血压的诱因之 力都将变大 一是血管变细。为研究该问题，假设血液通过 B.斜劈对c的摩擦力始终沿斜面向下(B一0除外) 一定长度血管时受到的阻力与血液流速的平方 C.c与斜劈的摩擦力最小值为0 成正比，即∫=k(其中是与血管粗细无关)， 为维持血液匀速流动，在这血管两端需要有一 D斜劈受到地面的最大摩擦力为受g 定的压强差。设血管内径为d时所需的压强差 【考场·真题真练】 为△p,若血管内径减为d时，为了维持在相同 时间内流过同样多的血液，压强差必须变为 19.(2024·湖北卷)如图所示，两拖船P、Q拉着无 动力货船S一起在静水中沿图中虚线方向匀速 A()p 前进，两根水平缆绳与虚线的 夹角均保持为30°。假设水对 c(日'ap D 三艘船在水平方向的作用力 大小均为「，方向与船的运动 17.(多选)(2024·辽宁营口市高三联考)如图所 方向相反，则每艘拖船发动机 示，竖直平面内固定的半圆弧轨道两端点M、V 提供的动力大小为 连线水平，将一轻质小环套在轨道上，一细线穿 过轻环，一端系在M点，另一端系一质量为m 身 的小球，不计所有摩擦，重力加速度为g,小球 C.2f D.3f 恰好静止在图示位置，则下列说法正确的是 20.(2024·河北卷)如图，弹簧测力计下端挂有一 质量为0.20kg的光滑均匀球体，球体静止于 带有固定挡板的斜面上，斜面倾角为30°，挡板 与斜面夹角为60°。若弹簧测力计位于竖直方 向，读数为1.0N,g取10m's2,挡板对球体支 持力的大小为 ( A.轨道对轻环的支持力大小为v3mg B.细线对M点的拉力大小为2mg C细线对轻环的作用力大小为停g D.N点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30 18.(多选)(2024·安庆模拟)如图所示，物块c置 60° 于一粗糙斜劈上，通过一轻质细线绕过两个 739 光滑轻质小滑轮与小球Q相连，小球Q穿在水 平横杆上，滑轮2下方吊着物体d,初始时整个 A.v3 B.1.0N 系统保持静止。已知a=30°，8=120°，c、d、Q三 个质量均为m,c与斜劈、Q与横杆之间的动摩 D.2.0N 820.【解析】对木板由牛顿第二定律可知木板的加速度 F 不变，木板从静止释放到下端到达A,点的过程，有L D.由F1=F2= 。可知，斧头前部角度越小，分力 2sin 2 2a6,木板从静止释放到上端到达A点的过程， 越大，则用斧头P更容易把木材劈开，故D错误。 当木板长度为L时，有2L=2a,当木板长度为2L 【答案】B 6.【解析】AB、拖把的受力图如下 时，有31.=2a,又1=1-0,42=g-10,联立 根据正交分解可得Fcos 0=FI,FN =mg十Fsin0,所以，拖把所受地 解得△2：△=（√3一1）：(w2-1),A正确。 面的摩擦力为Fos0:地面对拖把 【答案】A 的支持力大于拖把的重力，故A错 误，B正确：CD、根据牛顿第三定 F. 专题二相互作用一力 律，可知推杆对拖把的作用力与拖 1.【解析】ABD.根据弹力的产生原理可知，弹力垂直 把对推杆的作用力是相互作用力， 等大反向，故CD错误。 mg 于接触面，因此墙对A的作用力和桌沿C对A的作 用力都过球心。小球A的质量均匀分布时，其重心在 【答案】B 7.【解析】AB.把A、B看作一个整体，对整体在竖直方 球心，否则小球A的重心不在球心，故ABD错误；C 重心是重力的等效作用点，所以重力一定过A的重 向根据平衡条件可知，地面对斜面体的支持力F麦 (mA十mB)g-Fsin0,故A错误，B正确：CD.对整体 心，故C正确。 在水平方向上分析可知，B受地面的摩擦力等于外力 【答案】C 在水平方向上的分力，大小是Fc0s0,方向水平向右， 2.【解析】A.若细杆的形状规则，质量分布均匀，杆 故C错误，D正确。 的重心在它的几何中心，故A错误：BD.A点的弹力 【答案】BD 指向O,B点的弹力垂直于杆，根据平衡，细杆的重心 8.【解析】设两侧绳子拉力为T,对A上面的结点受力 一定位于AB之间，故B正确，D错误：C.光滑半球， 分析可知水平方向：Tcos01=FABsin02 假设A,点不受弹力，杆受B,点弹力和重力，无法平衡， 竖直方向：Tsin=FABcos02十mg,对四个灯笼的整 故A点受到弹力作用，故C错误。 体分析可知：2Tsin01=4mg 【答案】B 3.【解析】ABC、工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为 解得an价·m所=2，T=器器：Fa=F F,第1张纸对第2张纸的压力为(F十mg),则第1张 =ngtan02,故ABD错误，C正确 纸与第2张纸之间的滑动摩擦力为：∫12一2N12= 【答案】C 2(F十mg),由于第2张及第2张以下的纸没有运动， 9.【解析】A、以A为对象，根据受力平街可得：T= 只有运动趋势，所以第2张以下的纸之间以及第10张 mAg。根据定滑轮的特点可知，轻绳OB上的拉力等 纸与摩擦片之间的摩擦力均为静摩擦力，大小均为： 于OA上的拉力，则轻绳OB上的拉力大小保持不变， f静=f12=2(F十mg),A正确，BC错误：D、若1< 故A错误：BC、以轻滑轮为对象，设AOB绳子间的夹 2,则有1F<2(F+mg),可知搓纸轮与第1张纸之 间会发生相对滑动，而第1张纸静止不动，所以进纸 角为a,根据受力平衡可得：Tm=2T01c0s受 系统不能正常进纸，故D错误。 【答案】A 2mg0s受，轻蝇OB从水平顺时针线授转到整直的 4.【解析】A.舰载机受到重力、阻拦 过程中，a从90°逐渐诚小到0°，由上式可以看出，轻绳 索的弹力、航母施加的摩擦力与支 OO上的拉力大小逐渐增大，故B错误，C正确：D、设 持力四个力的作用，故A错误；B. 绳子OB与倾斜固定杆的夹角为3，斜杆倾角为0，轻 阻拦索的长度变长，则张力会变 绳OB从水平顺时针缓慢转到竖直的过程中，B先增 大，对飞机作用的是阻拦索上两个 1209 大到90（此时OB与斜杆垂直），之后继续增大。以B 分力的合力，两个分力之间的夹角台 为对象，沿斜杆方向，根据受力平衡可得：F=mgg sin0 变小，合力变大，故B正确：C.如 十TO哪cosB,在B增大到90°的过程中，c0s3逐渐减 图，阻拦索的张力夹角为120°时， 小，而T阳不变，斜杆倾角0不变，由上式可知，此过程 F合=F,故C正确；D.由于滑动摩 外力F逐渐减小。之后B大于90°，则TB沿斜杆的 擦力为：F滑=F、=mg,故可知 分力反向向上，且大小逐渐增大，测外力F继续逐渐 舰载机所受摩擦力不变，故D 减小，故D错误。 错误。 【答案】C 【答案】BC 10.【解析】设两绳子对圆柱体拉力的合 5.【解析】AB.对斧头受力分析，如图所示 力大小为F,木板对圆柱体的支持力 可知F1=F2 大小为F、,从右向左看如图所示，绳 0=F 由平衡条件有2F1sin 子与木板间的夹角不变，a也不变，在 夫量三角形中，根据正弦定理有 F 解得F1=F2= sina=sin里=sinY,在木板以底边 2sin 2 mg FT MN为轴向后方缓慢转动直至水平过 当2sin号>1时，即0>60时： 程中，a不变，Y从90逐渐减小到0，文 y+B+a=180°，且a<90°，可知90°<y 力F比两个分力都大，当角度小于60°时，力F可以分 +3<180°，则0<<180°，可知3从锐 FN 解为较大的两个分力，从而把柴劈开，故A错误，B正 确：C.力是矢量，力F的大小不一定等于沿垂直于AB 肩连新增大到纯角，藤帮册一2-，由于 mg 与BC两个方向分解的两个分力的失量和，故C错误： sinY不断减小，可知Fr逐渐减小，sinB先增大后减 127 小，可知FN先增大后减小，结合牛领第三定律可知， 14.【解析】A.有风情况下，A点沿杆稍下移到C点，两 圆柱体对木板的压力先增大后减小，设两绳子之间 端绳子夹角变小，但是两细绳拉力的合力不变，则拉 的夹角为20，绳子拉力大小为Fr',则2FT'cos0= 力F变小，故A错误：B.不计绳子的质量及绳与衣 FT 架挂钩间的摩擦，挂钩相当于动滑轮，两端绳子的拉 FT,可得F'2OS00不变，Fr逐浙减小，可知绳 力总是相等，故B错误：C.设无风时绳子夹角的一半 子拉力不断减小，故B正确，A、C、D错误。 为0，绳长为L,有风时绳子夹角的一半为2，有风 【答案】B 时如图 11.【解析】根据平行四边形定则，合成重力G、肌肉拉 力F,由平衡条件知，合力与颈椎支持力FN平衡，根 据几何关系得F、=2Gcos30°=3G,由牛顿第三定 律知，颈椎受到的压力大小约为3G,故B正确。 【答案】B 12.【解析】对小球未施加拉力时，设细线与竖直方向 夹角为B,如图： d 7777777777 有L十L2=Lsin02,d=Lsin01,又因为d>L1十L2, 所以01>02 ∠AOB=20,故有风的情况下∠A)B小，故C正确： D.无风时，同一条绳子拉力相等，根据受力的对称 性，挂钩左右两侧绳子与竖直方向的夹角相等。由 几何关系sin0= .号：0=539，根据平衡条件 d 5 G mg-2Foo0,解得F=2)名mg,故D错说。 【答案】C 施加拉力后，小球再次平衡时，设重力与水平拉力的 15.【解析】对小球受力分析，如图所示 合力为G',G'与竖直方向夹角为a,细线与合力G反 0 向是长钱类角为0，尉ana-君-号，可得：0sa A G=。N F cos a 3 同时，线段ab在垂直合力G'方向投影的长度d'= :0m8 B mg F dcoscm-30 cm=0.3m L=50cm=0.5m,可得sing=4=3 小球由A运动到B过程，由正孩定理得：m mg 1.5 F FN 则小球再次平衡时，有2Tcos=G 代入数据联立解得b间翻线的张力为：T=号N sin 0 sin 0 其中01不变，03减小，0增大并且会大于90°，可得F 减小，F×先减小后增大。由几何关系知01=75°，当 故B正确，ACD错误。 03=60°、0=45时F最大，力F的最大值为Fmmx 【答案】B 13.【解析】由题意物块与木板之间摩擦力的最大值 2 mg 为：f2mx=2mg,代入教据解得：厂2x=4N,木板 与地面间的摩擦力的最大值为：f1mx=1(M十m) 当03=15°，s=90°时FN最小，支持力的最小值为 g,代入数据解得：f1mx=2N FNmin =Y2+v6 m马 当F≤2N时，木板和铁块相对地面静止f=F,又由 4 因像可得F= 小球由B运动到C过程，由正孩定理得：。 所以0一2s时间内图像与F一t图像相同：当F>2N, F FN 并且木板和物块一起相对地面加速运动时，设此时 sinsin 02 系统的加速度为a,根据牛顿第二定律，对整体有 其中02不变，01增大，06减小，可得F、FN均增大。 F-1(M十m)g=(M+m)a,对物块有F-f2mmx= 由几何关系知02=105°，当0，=30°、06=45时，F最 ma,可得F=6N 从此关系式可以看出，当2N<F≤6N时，M,m相 大，得力F的最大值为F号aR 对静止，则对整体有F-1(M十m)g=(M十m)a,对 故B正确，ACD错误。 物块F-f=ma,脚f=5+1,即f=行+1 F 【答案】B 16.【解析】根据血液是匀速流动，说明受力平衡，即血 当F>6N,时物块受到摩擦力为滑动摩擦力，大小 压产生的压力等于阻力，则在正常情况下有： 为4N,所以0一10s内图像如图C,故ABD错误，C △pS=F=f=ku2① 正确。 血管变细后有：△p'S'=k2② 【答案】C 因为在相同时间内流过的血液量不变，则有： 128 S·v·t=S'wt,即S·o=S' 19.【解析】 又因为S=π4： 对5：有 30 30 +2Tc0a30°=f S=立=d 所以3=。= ③ E 对： B正确 ①@圆式联立，计算得出：△p= =ApSv'2 150°- 定理 F=f2+T2-2Tfcos 1509- vs (号)Ap,故BCD错误，A正确。 【答案】B 20.【解析】对球体进行受力分析，球体受重力mg、弹 【答案】A 簧测力计的拉力T、斜面对其的支持力N1、挡板对 17.【解析】AB.对球分析，受重力和拉力而平衡，故：T 其的支持力N2,如图所示 =g,所以细线对M点的拉力大小为T一mg:对圆 环受力分析：因圆环两边绳子的拉力相等，可知两边 绳子拉力与圆弧对园环的支持力的夹角相等，设为 0,根据几何关系可知 609 M ∠OMA=∠MAO=0,则30=90°，0=30° 则轨道对轻环的支持力大小为FN=2mgc0s30°= 30A】 3mg,故A正确，B错误：C.细线对轻环的作用力大 N1cos60°-N2cos60 小为FN=FN=、3mg,故C错误：D.由几何关系可 N sin 60'+Nasin 60+T-mgN-NaN. 3 知，N,点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30°，故 A对。 D正确。 【答案】A 【答案】AD 18.【解析】分别对Q、滑轮2和物块c受力分析，如图： 专题三运动和力的关系 N 1【解析】AB.由题知，陀螺的寿命是由轴承中滚珠决 定，一般采用陶瓷滚珠，这是利用该材料的耐磨性强 的特点，故AB错误；CD.因为一切物体都有惯性，惯 B 性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越 大。所以，为了使飞叶在工作时更稳定，可以通过增 大质量从而增大惯性，故C错误，D正确。 【答案】D mg 2.【解析】对水桶（包含水）受力分析，受重力mg、绳子 mg 的拉力T、水平风力F风，如下图所示： 滑轮2受到向下的等于mg的拉力，两绳子的拉力， 由于为同一根绳，拉力大小均为T,对滑轮2，由平衡 条件得：T=mg。,Q受到重力mg、支持力N1,拉 2cos2 力T和摩擦力「1，对Q向右缓慢移动过程，在水平 方向由平街条件得：=Tsn号-之m8·am号， 可得3减小到零，Q与横杆之间的摩擦力f1减小。 物块c受到重力mg,支持力V2,拉力T,与斜劈间的 摩擦力∫2（假设∫2的方向沿斜面向下），沿斜面的方 向由平衡条件得：2=T-mgsin a=mg。一↓ mg 2ms号 则重力和绳子拉力的合力为：F=mngtan37 对水桶，由牛顿第二定律有：F一F风=mQ,F碱 在B由120°减小接近于零的过程，f2始终大于零，即 0.2mg 方向始终沿斜面向下，且大小减小到接近于零。当3 联立方程，代入数据解得：a=0.55g 等于0°时，c与斜劈的摩擦力最小值为0。以斜面和 故ACD错误，B正确。 整体为研究对象，在水平方向上，斜劈受到地面的 【答案】B 李擦力辛子Tin号-之mg·am号可得月=120时 3.【解析】一t图像斜率为加速度，面积为位移，设速 度为0的另一个时刻为1，物块在1=0时刻和1=311 针号交到地面的摩黎力最大，且为受g。故A错 时刻处于同一位置，则有21=号(31-)21一 误，BCD正确。 【答案】BCD 3新加谁度恒定，此气”联立解释： 129