1.2024年普通高中学业水平等级考试(山东卷)（含答题卡）-【高考密码】2022-2024三年高考物理真题汇编试卷

绝密★启用前 2024年普通高中学业水平等级考试（山东卷） 物 理 小 本试卷满分100分，考试时间90分钟. 一、单项选择题：本题共8小题。每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.2024年是中国航天大年，神舟十八号、嫦娥六号等已陆续飞天，部分航天器装载了具有抗干扰 性强的核电池。已知8Sr衰变为9Y的半衰期约为29年：Pu衰变为U的半衰期约为87 密 年。现用相同数目的Sr和Pu各做一块核电池，下列说法正确的是 () A.8Sr衰变为9Y时产生a粒子 B.Pu衰变为2U时产生3粒子 C.50年后，剩余的Sr数目大于Pu的数目 D.87年后，剩余的8Sr数目小于Pu的数目 2.如图所示，国产人形机器人“天工”能平稳通过斜坡。若它可以在倾角不大于30°的斜坡上稳定 线 地站立和行走，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则它的脚和斜面间的动摩擦因数不能小于 豪 内 A.2 B.3 2 D 不 图甲 乙 第2题图 第3题图 第4题图 答 3.如图所示，固定的光滑斜面上有一木板，其下端与斜面上A点距离为L。木板由静止释放，若 木板长度为L,通过A点的时间间隔为△1：若木板长度为2L,通过A点的时间间隔为△12。 童 题 △2：△41为 ( A.(3-1):(2-1) B.(3-√2)：（√2-1） C.(3+1):(2+1) D.(3+2):(2+1) 4.检测球形滚珠直径是否合格的装置如图甲所示，将标准滚珠a与待测滚珠b、℃放置在两块平 板玻璃之间，用单色平行光垂直照射平板玻璃，形成如图乙所示的干涉条纹。若待测滚珠与标 北 准滚珠的直径相等为合格，下列说法正确的是 A.滚珠b、c均合格 B.滚珠b、c均不合格 C.滚珠b合格，滚珠c不合格 D.滚珠b不合格，滚珠c合格 2024·山东卷第1页（共8页） 5.“鹊桥二号”中继星环绕月球运行，其24小时椭圆轨道的半长轴为4。已知地球同步卫星的轨 道半径为r,则月球与地球质量之比可表示为 层 c. D. 6.一定质量理想气体经历如图所示的循环过程，a→b过程是等压过程，b→c过程中气体与外界 无热量交换，→a过程是等温过程。下列说法正确的是 A.a→b过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功 B.b→c过程，气体对外做功，内能增加 C.a→b→c过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功 D.a→b过程，气体从外界吸收的热量等于→a过程放出的热量 7.如图所示，质量均为m的甲、乙两同学，分别坐在水平放置的轻木板上，木板通过一根原长为( 的轻质弹性绳连接，连接点等高且间距为d(d<)。两木板与地面间动摩擦因数均为以，弹性 绳劲度系数为，被拉伸时弹性势能E=k(x为绳的伸长量)。现用水平力F缓慢拉动乙 所坐木板，直至甲所坐木板刚要离开原位置，此过程中两人与所坐木板保持相对静止，k保持 不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g,则F所做的功等于 () A.(umg) B.3(umg)? 2k +ng(1-d) 2k 十mg(l-d) C.3(umg)? D.(umg) 2k +2umg(I-d) 2k +2ung(1-d) 8.如图甲所示，在一d≤x≤d、一d≤y≤d的区域中存在垂直Oxy平面向里、磁感应强度大小为 B的匀强磁场（用阴影表示磁场的区域），边长为2d的正方形线圈与磁场边界重合。线圈以y 轴为转轴匀速转动时，线圈中产生的交变电动势如图乙所示。若仅磁场的区域发生了变化，线 圈中产生的电动势变为图丙所示实线部分，则变化后磁场的区域可能为 () e 3E2 -N3E/2 -E 图甲 图∠ 图丙 D 0 d/2 d/2 -545d1 -2d2 -3d2 3d/2 B D 2024·山东卷第2页（共8页） 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选 对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.甲、乙两列简谐横波在同一均匀介质中沿x轴相向传播，波速均为2m/s。t=0时刻二者在x =2m处相遇，波形图如图所示。关于平衡位置在x=2m处的质点P,下列说法正确的是 ( A.t=0.5s时，P偏离平衡位置的位移为0 B.t=0.5s时，P偏离平衡位置的位移为一2cm C.t=1.0s时，P向y轴正方向运动 D.t=1.0s时，P向y轴负方向运动 y/cm 甲 kiiietite∠ I/m 7分7777777 第9题图 第10题图 第11题图 10,如图所示，带电量为十g的小球被绝缘棒固定在O点，右侧有固定在水平面上、倾角为30°的 光滑绝缘斜面。质量为m、带电量为十q的小滑块从斜面上A点由静止释放，滑到与小球等 高的B点时加速度为零，滑到C点时速度为零。已知AC间的距离为S,重力加速度大小为 g,静电力常量为k,下列说法正确的是 () A.OB的距离1= 3kq B.OB的距离I= 3kq mg 3mg C.从A到C,静电力对小滑块做功W=一mgSD.AC之间的电势差U=-mgS 2q 11.如图所示，两条相同的半圆弧形光滑金属导轨固定在水平桌面上，其所在平面竖直且平行，导 轨最高点到水平桌面的距离等于半径，最低点的连线O)与导轨所在竖直面垂直。空间充满 竖直向下的匀强磁场（图中未画出），导轨左端由导线连接。现将具有一定质量和电阻的金属 棒MN平行O)'放置在导轨图示位置，由静止释放。MN运动过程中始终平行于OO'且与两 导轨接触良好，不考虑自感影响，下列说法正确的是 () A.MN最终一定静止于OO'位置 B.MN运动过程中安培力始终做负功 C.从释放到第一次到达OO位置过程中，MN的速率一直在增大 D.从释放到第一次到达))位置过程中，MN中电流方向由M到N 12.如图所示，工程队向峡谷对岸平台抛射重物，初速度大小为20m/s, 与水平方向的夹角为30°，抛出点P和落点Q的连线与水平方向夹角为 30°，重力加速度大小取10m/s2,忽略空气阻力。重物在此运动过程中， 30 下列说法正确的是 A.运动时间为23s B.落地速度与水平方向夹角为60 C.重物离PQ连线的最远距离为10m D.轨迹最高点与落点的高度差为45m 2024·山东卷第3页（共8页） 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)在第四次“天宫课堂”中，航天员演示了动量守恒实验。受此启发，某同学使用如图甲 所示的装置进行了碰撞实验，气垫导轨两端分别安装、b两个位移传感器，：测量滑块A与 它的距离xA,b测量滑块B与它的距离xB。部分实验步骤如下： ①测量两个滑块的质量，分别为200.0g和400.0g; ②接通气源，调整气垫导轨水平； ③拨动两滑块，使A、B均向右运动： ④导出传感器记录的数据，绘制xA、x:随时间变化的图像，分别如图乙、图丙所示。 x./cm x/cm 120 124 I0) 106 ) 60 传感器：滑块A消块B 传感器6 40 20 20 连气潔 0 1.0 2.0ts 10 20t/s 图中 图乙 丙 回答以下问题： (1)从图像可知两滑块在t= s时发生碰撞； (2)滑块B碰撞前的速度大小v= m/s(保留2位有效数字)： (3)通过分析，得出质量为200.0g的滑块是 (填“A”或“B”)。 14.(8分)某学习小组对两种型号铅笔芯的电阻率进行测量。实验器材如下： 学生电源（输出电压0~16V): 滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流2A): 电压表V(量程3V,内阻未知)： 电流表A(量程3A,内阻未知)； 待测铅笔芯R(X型号、Y型号)： 游标卡尺、螺旋测微器，开关S、单刀双掷开关K,导线若干。 电以 图 图乙 回答以下问题： (1)使用螺旋测微器测量铅笔芯直径，某次测量结果如图甲所示，该读数为 mm: (2)把待测铅笔芯接人图乙所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器滑片由最右端向左调节到 合适位置，将单刀双掷开关K分别掷到1、2端，观察到电压表示数变化比电流表示数变化更 明显，则测量铅笔芯电阻时应将K掷到 (填“1”或“2”)端： 2024·山东卷第4页（共8页） (3)正确连接电路，得到Y型号铅笔芯I一U图像如图丙所示，求得电阻Rx= 2(保 留3位有效数字)：采用同样方法得到X型号铅笔芯的电阻为1.70Ω： ↑IA 1.5 ,5 0.3 1.0 132.0 2.53.0 图内 (4)使用游标卡尺测得X、Y型号铅笔芯的长度分别为40.68mm、60.78mm。使用螺旋测微 器测得X、Y型号铅笔芯直径近似相等，则X型号铅笔芯的电阻率 (填“大于”或“小 于”)Y型号铅笔芯的电阻率。 15.(8分)某光学组件横截面如图所示，半圆形玻璃砖圆心为O点，半径为R:直角三棱镜FG边 的延长线过O点，EG边平行于AB边且长度等于R,∠FEG=30°。横截面所在平面内，单色 光线以0角入射到EF边发生折射，折射光线垂直EG边射出。已知玻璃砖和三棱镜对该单 色光的折射率均为1.5。 (1)求sin0: (2)以角入射的单色光线，若第一次到达半圆弧AMB可以发生全反射，求光线在EF上人 射点D(图中未标出)到E点距离的范围。 2024·山东卷第5页（共8页） 16.(8分)图甲为战国时期青铜汲酒器，根据其原理制作了由中空圆柱形长柄和储液罐组成的汲 液器，如图乙所示。长柄顶部封闭，横截面积S1=1.0cm,长度H=100.0cm,侧壁有一小孔 A。储液罐的横截面积S2=90.0cm、高度h=20.0cm,罐底有一小孔B。汲液时，将汲液器 竖直浸入液体，液体从孔B进入，空气由孔A排出：当内外液面相平时，长柄浸人液面部分的 长度为x:堵住孔A,缓慢地将汲液器竖直提出液面，储液罐内刚好储满液体。已知液体密度 p=1.0×10kg/m°，重力加速度大小g=10m/s,大气压p,=1.0×10Pa。整个过程温度保 持不变，空气可视为理想气体，忽略器壁厚度。 (1)求x: (2)松开孔A,从外界进入压强为。、体积为V的空气，使满储液罐中液体缓缓流出，堵住孔 A,稳定后罐中恰好剩余一半的液体，求V。 H 图甲 图乙 2024·山东卷第6页（共8页） 17.(14分)如图甲所示，质量为M的轨道静止在光滑水平面上，轨道水平部分的上表面粗糙，竖 直半圆形部分的表面光滑，两部分在P点平滑连接，Q为轨道的最高点。质量为m的小物块 静置在轨道水平部分上，与水平轨道间的动摩擦因数为4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。已 知轨道半圆形部分的半径R=0.4m,重力加速度大小g=10m/s。 本a/八m.s-2) pi 8 FN 刻甲 图乙 (1)若轨道固定，小物块以一定的初速度沿轨道运动到Q点时，受到轨道的弹力大小等于 3mg,求小物块在Q点的速度大小v: (2)若轨道不固定，给轨道施加水平向左的推力F,小物块处在轨道水平部分时，轨道的加速 度a与F对应关系如图乙所示。 (i)求以和m: (ⅱ)初始时，小物块静置在轨道最左端，给轨道施加水平向左的推力F=8N,当小物块到P 点时撤去F,小物块从Q点离开轨道时相对地面的速度大小为7m/s。求轨道水平部分的长 度L。 2024·山东卷第7页（共8页） 18.(16分)如图所示，在Oxy坐标系x>0,y>0区域内充满垂直纸面向里，磁感应强度大小为B 的匀强磁场。磁场中放置一长度为L的挡板，其两端分别位于x、y轴上M、V两点，∠OMN =60°，挡板上有一小孔K位于MN中点。△OMN之外的第一象限区域存在恒定匀强电场。 位于y箱左侧的粒子发生器在0<<1的范围内可以产生质量为m,电荷量为十g的无初 速度的粒子。粒子发生器与y轴之间存在水平向右的匀强加速电场，加速电压大小可调，粒 子经此电场加速后进入磁场。挡板的厚度不计，粒子可沿任意角度穿过小孔，碰撞挡板的粒 子不予考虑，不计粒子重力及粒子间相互作用力。 (1)求使粒子垂直挡板射人小孔K的加速电压U。: (2)调整加速电压，当粒子以最小的速度从小孔K射出后恰好做匀速直线运动，求第一象限 中电场强度的大小和方向： (3)当加速电压为L时，求粒子从小孔K射出后，运动过程中距离y轴最近位置的坐标。 24m y↑ 莫 加速电氏 K 器 60》 0 2024·山东卷第8页（共8页）2024年普通高中学业水平等级考试（山东卷） 物理答题卡 姓 名： 准考证号 贴条形码区 考生 缺考考生由监考员贴条形码，并用2B铅笔填涂下面的缺考标 (正面朝上，请勿贴出虚线方框) 禁填 记。□ 密 1.容题前，考生将自己的姓名，准考证号填写清楚，并认真核实对监考员所粘贴的条形码上的准考证号、姓名、考场 和座位号是否准确无误。 2.选择题必须使用2B铅笔将对应题目的答案标号涂黑，修改时用橡皮擦干净，再选择其它答案涂黑。非选择题必 注意事项 须使用0.5毫米黑色签字笔填写，字体工整，笔迹清楚， 3.请按题号顺序在各题的答题区城内答题，超出答题区城的答案无效，在草稿纸、试题纸上书写的答案无效。 4.保持卡面清洁、完整，严禁折叠，严禁使用涂改液、胶带纸和修正带。 线 5.正确填涂■ 豪 内 单项选择题：本题共8小题。每小题3分，共24分。 1.[A][B[C][D] 3.[A][B][C][D 5.[A][B][C][D] 7.[A][B]LC][D] 不 2.[A][B][C[D]4.[A][B[C][D] 6.[A][B[C][D] 8.[A][B][C][D] 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。 准 9.[A][B][C][D] 10.[A][B][C][D] 11.[A][B[C]CD] 12.[A][B][C[D] 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 蕾 题 13.(6分) (1) (2) (3) 14.(8分) (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区减内作客，超出边框的答秦无效 物理答题卡第1页（共4页） ■ 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 15.(8分) 0 0 B 超 16.(8分) 女 图甲 图乙 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第2页（共4页） ■ 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 17.(14分) *a/m…g) Q 6- 0+.R 2 P 7777777/77777777777777777777777 0 8 F/N 图甲 图乙 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 ■ 物理答题卡第3页（共4页） ■ 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 18.(16分) yt 及 粒子发生器 加速电压 60 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 ■ 物理答题卡第4页（共4页）参芳答案 2024年普通高中学业水平等级考试 :9.BC由于两波的波连均为2m/s,则1=0.55时，题图所示平 (山东卷) 衡位置在x=1m处和x=3m处两质点的振动形式传到P 1.D 点处，则由波的叠加可知，1=0.5s时，P偏离平衡位置的位 质量数守恒∫S·0Y+ie→3是变，A错 移为一2cm,A错误，B正确：与AB项分析同理，t=1s时，题 电荷数守恒Pu→U+He→a衰变，B错 图所示平衡住置在x=0处和x=4m处两质点的振动形式 相同时间 (均向y轴正方向运动)传到P点处，根据波的叠加可知，= Ts<T Ns<VC错D对， 1s时，P向y轴正方向运动，C正确，D错误。 2.B斜坡倾角越大，“天工”越客易下滑，只要保证“天工”在 :10.AD小滑块在B点处的加速度为零，则沿斜面方向有 30°倾角的斜坡上不下滑，在小于30°领角的斜坡上更不会下 滑，对30°倾角的斜坡上的“天工”受力分析，有mngcos30≥ mg血30-其m30,解释√A正确，B错接：小 mgsin30,解得≥号，B正确. 滑块从A到C的过程，由动能定理有W十mgSsin30°=0， 3。A对木板由牛顿第二定律可知木板的加速度不变，木板从 特止释放到下端到达A点的过程，有L=2,木板从静止 解得静电力对小滑块做的功为W=一"m空，C铅误：根搭电 场力做功与电势差的关系结合C项分析可知，AC之间的电 泽放到上端到达A点的过程，当木板长度为L.时，有2L,= 昌ad,当木板长度为2弘时，有3L=号a,又山=，- 势差U上=”=一mg空.D正确： 2q 11,ABD由楞次定律结合左手定则可知，安培力与MN的运 △12=t2一1w,联立解得△4：△41=（√3一1）：（√2一1）， 动方向的夹角始终大于90°，则安培力始终微负功，MN最终 A正确。 一定静止在O)位置，AB正确：根据楞次定律可知，从释放 4.C单色平行光垂直服射平板玻璃，上、下玻璃上表面的反射 到第一次到达(O)位置过程中，MN中电流方向由M到N, 光在上玻璃上表面发生干涉，形成千涉条纹，光程差为两块玻 D正确：从释放到第一次到达O位置过程中，在即将到达 璃距离的两倍，根据光的干涉知识可知，同一条干涉条纹位置 O)位置的时刻，MN所受安培力水平向左，沿速度方向的 处光的波程差相等，即滚珠的直径与滚珠b的相等，即滚珠 分力一定大于MN所受重力沿速度方向的分力，处于减速 b合格，不同的干涉条纹位置处光的波程差不同，则滚珠的 我态，C错误。 直径与滚珠（的不相等，即滚珠不合格，C正确。 5.D“鹄桥二号”中继星在24小时椭间轨道上运行时，由开普 12,BD对重物从P运动到Q的过程，水平方向上有x=otc0s 勒第三定律有号=k,对地球同步卫星由开誉物第三定律有 30°，经直方向上有y=一1sin30+之g对，由几何关系有 手-期有是-台一号D正角 义=tan30°，联立解得重物的运动时间1=4s,A错误：结合 6.Ca→b过程是等压变化且体积增大，则W<0,由盖一吕 A项分析可知，重物落地时的水平分速度过=c0s30°，竖 萨克定律可知T>T。,即△Uw>0,根据热力学第一定律AU 直分速度v,=一$in30°十g,则tan0=马=√3，所以重物 =Q十W可知《·b过程，气体从外界吸收的热量一部分用于 对外微功，另一部分用于增加内能，A错误：b·c过程中气体 的落地速度与水平方向夹角为60°，B正确：对重物从P运动 与外界无热量交换，即Q=0,又由气体体积增大可知W, 到Q的过程，垂直于PQ连线方向有2 ghcos30°=(，sin 0,由热力学第一定律△U=Q十W可知气体内能减少，B错 60°)2，解得重物离PQ连线的最远距离h。=10√3m,C错 误：0→口过程为等温过程，可知T.=T.,△U.=0,根据热力 学第一定律可知：→b一℃过程，气体从外界吸收的热量全部 误：结合B项分析，竖直方向上有2gym=可，联立解得重物 用于对外做功，C正确：由A项分析可知Q=U一W,由 轨迹最高点与落点的高度差ym=45m,D正确。 B项分析可知W.=△U。,由C项分析可知0=W十Q,又 13,解析：(1)由x一1图像的斜率表示连度可知，两滑块的遮度 △U。十△U=0,联立解得Q。一(-Q)=一W。一Wk 在t=1.0s时发生突变，即发生了碰撞：(2)由x一t图像斜 W,根据一V图像与坐标轴所围图形的面积表示外界对气 率的绝对值表示速度大小可知，碰撞前瓣间B的速度大小口 体微的功，结合题图可知Q一（一Q,)≠0，所以a-b过程气 = 90-110 体从外界吸收的热量Q不等于c·过程放出的热量一Q, 1.0cm/s=0.20m/s:(3)由题图乙知，碰撞前A D错误。 的速度大小A=0.50m/s,碰撞后A的速度大小约为四'4= 7.B当甲所坐木板刚要离开原位置时，对甲及其所坐木板梦 0.36m/8,由题图丙可知，碰撞后B的速度大小为v' 体有mmg=kx。,解得弹性绳的伸长量五=mg,则此时弹性 0.5m/s,对A和B的碰撞过程由动量守恒定律有mAA十 能的弹性势能为E==心工，从开始拉动乙所坐木 m=m'人十mn',代入敦据解得m4≈2，所以质量为 板到甲所坐木板刚要离开原位置的过程，乙所坐木板的位移 200.0g的滑块是B。 为西=x。十（一山，则由功能关系可知该过程F所微的功W= 答案：(1)1.0(2)0.20(3)B 14.解析：(1)根据螺旋测微器的读数规则可知，其读数为d= E十mgx=3gn)+mg(1-d0,B正确 2k 2mm十0.01×45.0mm=2.450mm:(2)由于电压表示数变 8.C根据题意可知，磁场区域变化前线周产生的感应电动势 化更明显，说明电流表分压较多，因此电流表应采用外接法， 为e=Esin cot,由题图丙可知，磁场区战变化后，当Esin ct 即测量铅笔芯电阻时应将K掷到1瑞：(3)根据题图丙结合 E时，线阁的侧边开给切制磁感线，即当线国旋转牙时开场 歐楫定律可得R是：X1,920:(4)根据电阻定律R□ 切制磁感线，由几何关系可知磁场区域平行于x轴的边长变 P专可得P=空，分别代入载著可知>4 为d'-2dcos子-d,C正确。 答案：(1)2.450(2)1(3)1.92(4)大于 物理答案一1 15.解：(1)设光在三棱镜中的折射角为a,则根据折射定律有 联立并代入数据解得t=L.5s(另一解不符合题意，舍去) n=sin 0 sin a 根搭运动学规律有1=20店-之， 根据几何关系可得a=30° 解得L=4.5m 代入数据解得sin0=0.75 18.解：(1)根据题意，作出粒子垂直挡板射入小孔K的运动轨 (2)作出单色光线第一次到达半国孤 迹如图1所示 AMB恰好发生全反射的光路图如图， 则由几何关系可知FE上从P点到E 点以0角入射的单色光线第一次到达 半国孤AMB都可以发生全反射，根据 速地压 全反射临界角公式有 sin C=1 设P点到FG的距离为L,则根据几何关系有 /=Rsin C 图1 又IE R-1 c0s30 根据几何关系可知粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径为 联立解得m2R 9 故光线在EF上的入射点D到E点的距离范围 在△OMN区城根据洛伦按力提供向心力有B=m r 为(o,2r 在匀强加速电场中由动能定理有U,q=2m 16.解：(1)在簧慢将汲液器竖直提出液面的过程，封闲气体发生 等温变化，根据玻意耳定律有 联立解得U,=BL 8m p(H-x)S=p2HS (2)根据题意，作出粒子以最小的速度从小孔K射出的运动 根据题意可知p一pa·p,十pgh一。 轨迹如图2所示 联立解得x=2cm (2)对新进入的气体和原有的气体整体分析，由玻意耳定 的迹半径录小时 律有 找了这9最小 pV+p:HS,-p(HS,+) 电 又A十限·合=A 联立解得V=8.92×10m3 17.解：(1)对小物块在Q点，由圆周运动知识有 mg十3mg=mF 图2 根据几何关系可知粒子在磁场中做圈周运动的轨迹半径为 解得=4m/s (2)(1)根据题图乙分析可知，当外力F≤4N时，轨道与小 -60=片 物块一起向左加速运动，对整体由牛颜第二定律有 F=(M+m)a 在△OMN区城根据洛伦兹力提供向心力有4'B=m学 变形得a=十 粒子从小孔K射出后恰好做匀速直线运动，由左手定则可 知粒子经过小孔K后受到的洛伦兹力沿抽负方向，则粒 特合题因乙可知m-导g'=0.5kg 1 子经过小孔K后受到的电场力沿x轴正方向，又粒予带正 电，则△OMN之外第一象限区域电场强度的方向沿x轴正 当外力F>4N时，轨道与小物块有相对滑动，对轨道由牛 方向 颜第二定律有 F-umg=Ma 大小满足qB=Eg 变形得a=F- 联立可得E=9BL M Am 16-2 结合题图乙可知方一8g-1kg (3)在匀强加速电场中由动能定理有U=之mv“ -m=-2m/s 可得”-=3B1 M 6m 联立解得M=1kg,m=1kg,=0.2 在△OMN区域根据洛伦兹力提供向心力有q"B=m (l)根据题图乙可知，当F一8N时，轨道的加速度为a1 6m/s,小物块的加速度为a:=g=2m/s2,方向均水平 向左 可得粒子在△OMN区城选动的执连率径r广-L 设经时间1。，小物块运动至轨道上的P点，由运动学规律 作出从小孔K射出的粒子的运动轨迹知图3所示 可得 此时轨道的速度=a1 小物块在P,点时的速度U,=a:lw 迷电压 小物块从P点运动至Q点的过程，小物块与轨道组成的系 统机械能守恒，系统水平方向上动量守恒，取水平向左为速 度正方向，则有 器 2M+7m=M后+2m成或+2mgR M十mu=M4十m, 图3 物理答案一2 设粒子从小孔K射出的速度方向与x轴正方向夹角为0，根7，C小球处于平衡位置时kx=mg,其中k为弹簧动度系数， 据几何关系可得sin0=x9s60°-区 x为振幅，结合题图(b)可知g地=2g,设该天体的半径为R, 则粒子从小孔K射出时的速度方向与T轴正方向的夹角为 射地球的半径为R,又mgGM=p·音R,可得g R 60,可将此谁度分解为沿工轴正方向，大小心=gBL的 4 12m 。GR.则5地一”2，可知=2C正确 g天PRP: 谁度和沿y轴正方向、大小=BL的造度 8.BD金属的逸出功与金属本身有关，与入射光无关，A错误： 光子的能量E=y,与入射光强度无关，B正确：根据发因斯 结合(2)问分析可知粒子从小孔K射出后的运动可以分解 坦光电效应方程hv=E十W。可知，逸出的光电子最大初动 为沿y轴正方向的匀速直线运动和建度大小为③gBL的匀 能与入射光的强度无关，C错误：入射光的强度增加，可知单 12m 位时间内入射的总能量增加，每个光子的能量不变，故单位时 速圆周运动 间内入射的光子数增多，则单位时间内逸出的光电子数增多， 由洛伦兹力提供向心力有q”B=m, D正确 9。AB两导体棒均向下运动，穿过闭合回路的磁通量增加，根 解得- 据楞次定律和安培定则可知回路中的电流方向为abda, A正确：如图，对两导体棒受力分析，对ab有2 ngsin30° 又T=2x,”-2m 211.Bcos30°=2a1,对cd有mg sin30°-1 LBcos30°=m:, 初始时两导体捧均加速，闭合回路的电动势增大，电流增大， 分析可知当运动（十子）T时，粒子距高y轴最近，此最近 导体棒受到的安培力增大，导体棒的加速度诚小，最终加遂度 位夏的横坐标为工=号-了-31，叔坐标为y-L+ 为索，比时1一心器-管B运角：南B项分新可知两 4 12 导体棒加速阶段加速度大小之比为a1·a:=1:1,最终加速 "+”（n十3)T气L十8，其中n为自然数 8 度均为零，C错误：由前面分析可知，两导体棒的速度大小始 终相等，但两部分磁场的磁感应强度大小为两倍的关系，根据 综上，最近位置的坐标为「3=L,L+(4m+3)](m为 公式E一BL和可知，两导体棒产生的电动势应为两倍的关系， 12 8 D错误。 自然数) 10.ABD由t图像可知，在3o时刻木板的加速度发生燮化， 2024年普通高等学校招生选择性考试 可知小物块在1一31。时刻滑上木板，A正确：由-t图像可 (黑吉辽卷) 知，0一3，木板的加速度大小为豆g,设木板的质量为M. 1.C质量，速率和动能都是标量，动量p=m,质量m是标量， 速度是关量，故动量p是失量，C正确。 对木板分新有FMg=M竖，可得F=号Mg,3,时刻，木 2.D由图可知r,<r。·A错误：篮球绕轴转动 3 时，P,Q在相同时间内转过的國心角相等， 板的速度为2g·3,=2g。,根据题意可知小物块滑上 根据细 9可知，=。D正确：根据v 木板时的逢度为一多g,由1图像可知，3，~，小物 ur可知，线速度p<oB错误：根据a= 块的加速度大小为2g,设小物块的质量为m,对小物块分 wr可知，向心加追度ap<aoC错误。 析有：'mg=m·2g,可得=2，B正确：由v-t图像可知， 3.C墨条相对于观台水平向左运动，现台对 31一4。，木板的加速度大小为g,对木板分析有：'mg十口 墨条有向右的摩擦力，A错误：根据牛顿第 三定律知，墨条对砚台有向左的摩擦力，砚 (M+m)g一F=M·g,可得：府=交，C错误：，时刻后， 台处于平衡状态，故桌面对碗台有向右的摩擦力，B错误；现 假设木板与小物块相对静止，对整体有F一(M十m)g=0, 台处于平衡状态，水平方向只受桌面和墨条对其的摩擦力，故 假设成立，小物块与木板一起做匀速运动，D正确。 这两个力是一对平衡力，C正确：桌面对砚台的支持力等于砚 11.解析：(1)①闭合开关前，为了保护电路，应使电阻丝接入电 台的重力与墨条对现台的压力之和，故桌面对砚台的支持力 路的阻值最大，金篇夹应置于电阻丝的A端。 与墨条对砚台的压力不是一对平衡力，D错误。 (2)设电阻丝单住长度的电阻为入，对题图()，由闭合电路 4.A双缝千涉中相邻两亮条纹的问距△r一分，换用更粗的头 欧姆定律得U就斗，垫理得行-运·士十定对题国 发丝，d增大，△x减小，A正确；换用红色澈光照双缝，入增大， △x增大，B错误；增大纸板与墙面的距离，L增大·△x增大， (b),由闭合电路欧姆定律得U=江十，+RB,整理得行 C错误：诚小光源与纸板的距离对产生的亮条纹问距无影响， D错误。 +R,1+1 AE ·元+E 5.B由题图(a)知，溶液求度降低，相对介电常数，增大，根据 C=ES 4k可知，电容C增大，A错误：由于电容器与恒压电源 级轴我距为6：有6=已，解得E= 相连，故电客器两极板间的电势差等于电源电压，保持不变， (3)由(2)中表达式可知正：=E,又=，解得 k C错误：根据C=号可知，由A项结论，电容C增大，电客器 R 一19 所带电荷量增大，B正确：溶液浓度降低，电容器所带电荷量 增加，电容器充电，故电流方向是由V→M,D错误。 答案：10A(2)片(3)尾 'n-】 6.D小球的初速度方向沿虚线，则运动 轨迹沿直线，故小球受到的合力方向沿 12.解析：(1)由题图(b)可知，外径D=7.55cm. 虚线，由于重力向下，电场方向水平，故 (2)一次全振动为相邻两次积木同一端经过与O点等高的 合力方向只能沿虚线向下，如图所示， 位置，且振动方向相同，因此积木摆动了10个周期。 故初论度垂直于虚线时，小球微类平抛 (3)由题图(d)可得表达式为lnT=klnD十b,斜率为k= 运动：从O点出发运动到O点等高处 的过程中，合力微正功，动能增大，电场 -0,50280=号即1nT=号nD+b=hvD+b, 2.80-2.00 力与速度方向的夹角始终为锐角，故电场力做正功，电势能诚 化简得T=e即T6c√D,A正确， 小，D正确。 D 物理答案一3