第二十章 第2节 电生磁-【众相原创】2024-2025学年九年级全一册物理分层练（人教版）广西专版

九全·第二十章 １３５　 　　　　 第２节　电生磁 一阶 基础巩固分点练 知识点１　电流的磁效应 １．通电导线周围存在磁场，研究表明，在垂直于 通电直导线的平面内，它的磁感线是以电流为 中心的一系列同心圆，如图所示，图中小磁针ｂ 端为　Ｎ　极，离直导线越近的位置磁场越 　强　（选填“强”或“弱”），改变直导线中电 流的方向，小磁针Ｎ极指向　会　（选填“会” 或“不会”）发生改变。 ２．某同学用如图所示的装置研究电流周围是否 存在磁场。闭合开关前，小磁针不偏转，如图 甲所示；闭合开关时，观察到小磁针偏转了，如 图乙所示，说明　电流周围存在磁场　。接 着，他只改变电流方向，再次进行实验，小磁针 的偏转情况如图丙中箭头所示，由乙、丙可以 得出　电流产生的磁场方向跟电流方向有关　 的结论。 甲 　 乙 　 丙 知识点２　通电螺线管的磁场 ３．如图所示，通电螺线管周围小磁针静止时，小 磁针Ｎ极指向正确的是（小磁针上涂黑的一端 为Ｎ极） （Ｄ） Ａ．ａ、ｃ、ｄ　　　　　Ｂ．ａ、ｂ、ｃ Ｃ．ａ、ｃ Ｄ．ｂ、ｃ、ｄ ４．电与磁之间存在着相互联系，彰显物理现象的 对称、统一之美。 图１ 　 图２ （１）如图１所示，利用干电池、导线和小磁针进 行实验。通电后小磁针发生偏转，断电后小磁 针复位，实验表明　通电导体周围存在磁场　。 （２）再将直导线绕成螺线管形状，在螺线管的 两端各放一个小磁针，并在硬纸板上均匀地撒 满铁屑。其中小磁针的作用是指示该点的磁 场　方向　。 ①通电后观察铁屑的排列情况，如图２所示。 实验结果表明：通电螺线管外部的磁场与　条 形磁体　的磁场相似；图２中　左　端是螺线 管的Ｎ极； ②接下来将电源的正负极对调，这是为了进一 步判断通电螺线管的极性与　电流方向　间 的关系。 知识点３　安培定则 ５．如图画出了磁感线的分布情况，由此可知 （Ｄ） Ａ．Ａ端为磁铁的Ｎ极，ｃ端是电源正极 Ｂ．Ａ端为磁铁的Ｎ极，ｃ端是电源负极 Ｃ．Ａ端为磁铁的Ｓ极，ｄ端是电源正极 Ｄ．Ａ端为磁铁的Ｓ极，ｄ端是电源负极 ６．（２０２３朝阳）置于通电螺线管右侧的小磁针静 止时，其Ｎ极指向如图所示。由此可知，通电 螺线管的右端是　Ｓ极　（选填“Ｎ极”或“Ｓ 极”），电流是从　Ｂ　（选填“Ａ”或“Ｂ”）端流 入螺线管的。                                                  　　　　 １３６　 众相原创 分层练· 广西物理（ＲＪ） ７．如图所示，闭合开关后，条形磁体向左偏。请 在括号内标出：通电螺线管左侧是“Ｎ”极还是 “Ｓ”极；电源的左侧是“＋”极还是“－”极。 二阶 拓展提升综合练 ８．如图所示，用细线将螺线管沿东西方向水平悬 挂起来，当给导线通电时发生的现象是 （Ａ） Ａ．螺线管转动，最后Ａ端指南，Ｂ端指北 Ｂ．螺线管静止不动 Ｃ．螺线管转动，最后Ａ端指北，Ｂ端指南 Ｄ．螺线管会在任意位置静止 ９．如图所示，甲、乙两线圈宽松地套在光滑的玻 璃棒上，并可以自由滑动，当电路闭合时，两螺 线管将 （Ｂ） Ａ．互相排斥，距离变远 Ｂ．互相吸引，距离变近 Ｃ．先向中间吸引，然后向两 边排斥 Ｄ．没有相互作用 １０．（多选）如图所示，将一根直导线放在静止小 磁针的正上方，并与小磁针平行，接通电路 后，观察到小磁针偏转。下列说法中正确的 是 （Ｂ） Ａ．导线若沿东西方向放置，小磁针最容易发 生偏转 Ｂ．改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方 向不发生改变 Ｃ．实验中小磁针的作用是检测电流的磁场 Ｄ．实验中用到的一种重要的科学探究方法是 转换法 １１．如图所示，通电螺线管的右边有一根条形磁 铁，左边有一根软铁棒，当电路接通后，下列 说法正确的是 （Ｂ） Ａ．若条形磁铁被吸引，则可断定 ａ端为电源 正极 Ｂ．若条形磁铁被排斥，则可断定 ａ端为电源 正极 Ｃ．若软铁棒被吸引，则可断定 ａ端为电源 正极 Ｄ．若软铁棒被吸引，则可断定 ｂ端为电源 正极 １２．请根据图中通电螺线管磁感线的方向，标出 电源的正、负极符号，条形磁铁和小磁针的 Ｎ极。 １３．在图中根据小磁针指向标出通电螺线管中的 电流方向。 三阶 核心素养情境练 １４．科学思维 在如图所示的电路中，根据小磁 针静止时的指向可知 ａ端是通电螺线管的 　Ｎ　（选填“Ｎ”或“Ｓ”）极，ｃ端是电源的 　正　（选填“正”或“负”）极。                                                    ３１　 　 因为在标准大气压下水的沸点是１００℃，所以水升高的温度Δｔ′＝１００℃－４０℃＝６０℃。 ９．解：（１）由Ｐ＝ＵＩ可知，该饮水机加热时的电流Ｉ＝ Ｐ加热 Ｕ ＝ １１００Ｗ ２２０Ｖ ＝５Ａ； （２）由图乙可知，当开关Ｓ断开时，Ｒ１、Ｒ２串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的电阻最大，由Ｐ＝ Ｕ２ Ｒ可知，电路中总功率 最小，饮水机处于保温挡； 当开关Ｓ闭合时，只有Ｒ２工作，电路中总电阻最小，总功率最大，饮水机处于加热挡； 由Ｐ＝Ｕ ２ Ｒ可知，Ｒ２的阻值Ｒ２＝ Ｕ２ Ｐ加热 ＝（２２０Ｖ） ２ １１００Ｗ ＝４４Ω； （３）水吸收的热量Ｑ吸 ＝ｃ水ｍΔｔ＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）×１ｋｇ×（７５℃－２０℃）＝２．３１×１０５Ｊ， 由η＝ Ｑ吸 Ｗ ×１００％可知，饮水机消耗的电能Ｗ＝ Ｑ吸 η ＝２．３１×１０ ５Ｊ ７０％ ＝３．３×１０ ５Ｊ， 由Ｐ＝Ｗｔ可知，加热需要的时间ｔ＝ Ｗ Ｐ加热 ＝３．３×１０ ５Ｊ １１００Ｗ ＝３００ｓ。 １０．解：（１）由图丙可知，电路中最大电流为３Ａ，根据Ｐ＝ＵＩ可知，当电流最大时，电功率最大，Ｐｍａｘ＝ＵＩ＝２２０Ｖ×３Ａ＝６６０Ｗ； （２）由图乙可知，当只闭合开关Ｓ时，电路为Ｒ１的基本电路，此时电路中电阻最大，电流最小，据图丙可知 Ｉ１＝２Ａ；当开关 Ｓ、Ｓ１ 闭合时，电路为Ｒ１、Ｒ２并联，此时电路中电阻最小电流最大，根据图丙可知Ｉ＝３Ａ，则通过Ｒ２的电流Ｉ２＝Ｉ－Ｉ１＝３Ａ－２Ａ＝１Ａ， 由欧姆定律可知，Ｒ２的阻值Ｒ２＝ Ｕ Ｉ２ ＝２２０Ｖ１Ａ ＝２２０Ω； （３）根据图丙可知，电流为３Ａ时工作的时间为１５ｍｉｎ，电流为２Ａ时工作的时间为１５ｍｉｎ，则３０ｍｉｎ内电饭锅产生的热量 Ｑ＝Ｗ＝Ｗ１＋Ｗ２＝ＵＩｔ１＋ＵＩ１ｔ２＝２２０Ｖ×３Ａ×１５×６０ｓ＋２２０Ｖ×２Ａ×１５×６０ｓ＝９．９×１０ ５Ｊ。 小专题培优１９　电热综合相关计算 １．７．５６×１０６　１×１０７　７５．６％　２．１．８×１０５　１４４００　４５　３．９．２　４．５．０４×１０５　１５００　９３．３％　５．９３９１　１３２　６．１．４４×１０６　 ４．８　０．０３６　７．１２．１　４１ ８．解：（１）食材吸收的热量Ｑ吸 ＝ｃｍΔｔ＝４×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）×２ｋｇ×（１００℃－４０℃）＝４．８×１０５Ｊ； （２）由Ｐ＝Ｗｔ可知，电炖锅加热消耗的电能Ｗ＝Ｐｔ＝１０００Ｗ×１０×６０ｓ＝６×１０ ５Ｊ， 电炖锅的热效率η＝ Ｑ吸 Ｗ ×１００％＝ ４．８×１０５Ｊ ６×１０５Ｊ ×１００％＝８０％。 ９．解：（１）根据题意可知，标准煤完全燃烧放出的热量Ｑ放 ＝８．７×１０ ６Ｊ， 由Ｑ放 ＝ｍｑ可知，标准煤的质量ｍ煤 ＝ Ｑ放 ｑ＝ ８．７×１０６Ｊ ２．９×１０７Ｊ／ｋｇ ＝０．３ｋｇ； （２）根据题意可知，水吸收的热量Ｑ吸 ＝８．７×１０ ６Ｊ，由Ｑ吸 ＝ｃ水 ｍ（ｔ－ｔ０）可知， 水的质量ｍ水 ＝ Ｑ吸 ｃ水（ｔ－ｔ０） ＝ ８．７×１０ ６Ｊ ４．２×１０３Ｊ／（ｋｇ·℃）×（１００℃－２０℃） ≈２５．９ｋｇ； （３）消耗的电能Ｗ＝８．７×１０６Ｊ＝８．７×１０ ６ ３．６×１０６ ｋＷ·ｈ≈２．４ｋＷ·ｈ。 １０．解：（１）由题意可知，发电机的功率Ｐ＝５×１０４ｋＷ，年发电量Ｗ＝９０００万度＝９×１０７ｋＷ·ｈ＝３．２４×１０１４Ｊ， 由Ｐ＝Ｗｔ可得，该风电场年发电时间ｔ＝ Ｗ Ｐ＝ ９×１０７ｋＷ·ｈ ５×１０４ｋＷ ＝１．８×１０３ｈ； （２）由η＝ＷＱ放 ×１００％可得，煤完全燃烧释放的热量Ｑ放 ＝ Ｗ η ＝３．２４×１０ １４Ｊ ４０％ ＝８．１×１０ １４Ｊ， 由Ｑ放 ＝ｍｑ可得，需要煤的质量ｍ＝ Ｑ放 ｑ＝ ８．１×１０１４Ｊ ３．０×１０７Ｊ／ｋｇ ＝２．７×１０７ｋｇ＝２．７×１０４ｔ。 １１．解：（１）电池电压为５００Ｖ，电动机的功率为１０ｋＷ， 由Ｐ＝ＵＩ可得电动机正常工作时的电流Ｉ＝ＰＵ＝ １０×１０００Ｗ ５００Ｖ ＝２０Ａ； （２）充满电可储存５０ｋＷ·ｈ的电能，电动机效率为９０％，则最多输出的机械能 Ｗ机 ＝η１Ｗ电 ＝９０％×５０×３．６×１０ ６Ｊ＝１．６２×１０８Ｊ； （３）若上述机械能用效率为２５％的新型燃油汽车提供，根据η＝ Ｗ机 Ｑ放 ×１００％可得，新型燃油完全燃烧放出的热量 Ｑ放 ＝ Ｗ机 η２ ＝１．６２×１０ ８Ｊ ２５％ ＝６．４８×１０ ８Ｊ， 根据Ｑ放 ＝ｍｑ可得，需要消耗新型燃油的质量ｍ燃油 ＝ Ｑ放 ｑ＝ ６．４８×１０８Ｊ ５×１０７Ｊ／ｋｇ ＝１２．９６ｋｇ。 １２．解：（１）由图知，开关Ｓ接１时，两电阻串联；开关Ｓ接２时，电路为Ｒ１的基本电路，根据串联电阻的规律，串联电阻大于其中任 一电阻，由Ｐ＝ＵＩ＝Ｕ ２ Ｒ可得，开关接１时，电路的功率最小，电饼锅为低温挡，开关接２为高温挡，其高温挡电功率为２２００Ｗ，故 Ｒ１的阻值Ｒ１＝ Ｕ２ Ｐ高 ＝（２２０Ｖ） ２ ２２００Ｗ ＝２２Ω； （２）由题意可得Ｒ２的阻值Ｒ２＝１．５Ｒ１＝１．５×２２Ω＝３３Ω， 由串联电阻的规律可知，低温挡时电路的总电阻Ｒ＝Ｒ２＋Ｒ１＝３３Ω＋２２Ω＝５５Ω， 电饼锅低温挡的功率Ｐ低 ＝ Ｕ２ Ｒ＝ （２２０Ｖ）２ ５５Ω ＝８８０Ｗ； （３）根据题意可知，２００ｇ面饼温度升高８０℃，吸收的热量Ｑ吸 ＝ｃｍΔｔ＝３．３×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）×２００×１０－３ｋｇ×８０℃＝５２８００Ｊ， 高温挡工作０．５ｍｉｎ消耗的电能Ｗ＝Ｐ高ｔ＝２２００Ｗ×０．５×６０ｓ＝６６０００Ｊ， 电饼锅的加热效率η＝ Ｑ吸 Ｗ ×１００％＝ ５２８００Ｊ ６６０００Ｊ×１００％＝８０％。 第十八章　复习与巩固 思维导图构建体系 ①做功　②３．６×１０６　③Ｕ ２ｔ Ｒ　④电流做功快慢　⑤所用时间　⑥１０ ６　⑦Ｕ ２ Ｒ　⑧＜　⑨＝　⑩＞　瑏瑡电　瑏瑢内　瑏瑣二次方 广西中考题型突破 １．Ｃ　２．Ａ　３．２２０　２０２２．６　４．２　０．７　２４　５．Ｂ　６．Ｄ　７．Ａ　８．Ｃ　９．Ａ　１０．Ｄ １１．Ｓ１　保温　１２．４．８　２．４ １３．解：（１）由题意可知，Ｒ１两端的电压Ｕ１＝Ｕ－Ｕ２＝９Ｖ－６Ｖ＝３Ｖ； 通过Ｒ１的电流Ｉ１＝ Ｕ１ Ｒ１ ＝３Ｖ１０Ω ＝０．３Ａ； （２）根据串联电路中电流处处相等，则有Ｉ＝Ｉ１＝Ｉ２＝０．３Ａ； 所以电阻Ｒ２消耗的电功率Ｐ２＝Ｕ２Ｉ２＝６Ｖ×０．３Ａ＝１．８Ｗ； （３）由Ｐ＝Ｗｔ可得，电阻Ｒ２通电１ｍｉｎ产生的热量Ｑ２＝Ｗ２＝Ｐ２ｔ＝１．８Ｗ×６０ｓ＝１０８Ｊ。 １４．解：（１）由并联电路的电压特点可知，Ｒ１两端的电压Ｕ１＝Ｕ＝６Ｖ， 则通过Ｒ１的电流Ｉ１＝ Ｕ１ Ｒ１ ＝６Ｖ１０Ω ＝０．６Ａ； （２）由并联电路的电流特点可知，通过Ｒ２的电流Ｉ２＝Ｉ－Ｉ１＝０．９Ａ－０．６Ａ＝０．３Ａ， 由并联电路的电压特点可知，Ｒ２两端的电压Ｕ２＝Ｕ＝６Ｖ， 由欧姆定律可知，Ｒ２的阻值Ｒ２＝ Ｕ２ Ｉ２ ＝６Ｖ０．３Ａ＝２０Ω； （３）由Ｐ＝ＵＩ可知，电路中的最小电流Ｉ最小 ＝ Ｐ最小 Ｕ ＝ １５Ｗ ６Ｖ ＝２．５Ａ， 由滑动变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流Ｉ滑大 ＝２Ａ， 则通过定值电阻的最小电流Ｉ定小 ＝Ｉ最小 －Ｉ滑大 ＝２．５Ａ－２Ａ＝０．５Ａ＞０．３Ａ， 因此滑动变阻器替换的是Ｒ２，由欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小， 由并联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压Ｕ滑 ＝Ｕ＝６Ｖ， 通过滑动变阻器的最小电流Ｉ滑小 ＝ Ｕ滑 Ｒ滑大 ＝６Ｖ５０Ω ＝０．１２Ａ， 由并联电路的电流特点可知，通过Ｒ１的电流不变，电路中的最小电流Ｉ小 ＝Ｉ１＋Ｉ滑小 ＝０．６Ａ＋０．１２Ａ＝０．７２Ａ， 则电源的最小电功率Ｐ小 ＝ＵＩ小 ＝６Ｖ×０．７２Ａ＝４．３２Ｗ。 １５．（１）Ｐ＝ＵＩ　（２）Ａ　（３）电流表是否有示数　（４）①２．５　②小灯泡　③１２　３．７５ １６．Ａ　１７．Ｂ　１８．Ａ　１９．超导　２８８ 第十九章　生活用电 第１节　家庭电路 一阶　基础巩固分点练 １．Ｂ　２．Ｄ　３．ａ　并　总开关　４．Ｄ　５．Ｃ　６．Ｃ　７．火线　串　８．Ｂ　９．不会　零线 二阶　拓展提升综合练 １０．ＡＢ　１１．Ｂ　１２．Ａ　１３．会　２０　１４．如答图所示　 　 第２节　家庭电路中电流过大的原因 一阶　基础巩固分点练 １．Ｂ　２．Ｃ　３．用电器的总功率过大　短路　４．火　不能　不能　５．等于　电阻 二阶　拓展提升综合练 ６．Ｂ　７．Ｂ　８．Ｄ　９．Ｂ　１０．并联　短路　过大　１１．短路　铜　１２．（１）不高于３６Ｖ　（２）１　用电器总功率过大　（３）电路发生短 路现象 １３．解：（１）由Ｉ＝ＵＲ可得，电源电压Ｕ＝Ｕ１＝Ｉ１Ｒ１＝２．４Ａ×２１Ω＝５０．４Ｖ， 当Ｓ闭合时，Ｒ１、Ｒ２并联，通过Ｒ２的电流Ｉ２＝ Ｕ Ｒ２ ＝５０．４Ｖ１８Ω ＝２．８Ａ， 因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过保险丝Ａ的电流Ｉ＝Ｉ１＋Ｉ２＝２．４Ａ＋２．８Ａ＝５．２Ａ； （２）根据表中数据和上述计算结果可知Ｉ＞５Ａ，Ｉ１＜３Ａ，Ｉ２＜３Ａ，所以保险丝Ａ可能会熔断，应选择直径为１．２６ｍｍ的保险丝。 第３节　安全用电 一阶　基础巩固分点练 １．Ｄ　２．Ｄ　３．Ｃ　４．电弧触电　跨步电压触电　５．Ｂ　６．Ｄ　７．导　总电流 二阶　拓展提升综合练 ８．Ｃ　９．Ｂ　１０．Ｂ　１１．Ｂ　１２．乙　都不会　１３．Ｂ　切断电源　１４．火线　会 三阶　核心素养情境练 １５．Ｃ　１６．Ｄ 第十九章　复习与巩固 思维导图构建体系 ①电能表　②总开关　③保险装置　④用电器　⑤火线　⑥零线　⑦２２０　⑧０　⑨并联　⑩火线　瑏瑡火线　瑏瑢按住金属笔卡 瑏瑣笔尖　瑏瑤电流　瑏瑥火线　瑏瑦切断电流　瑏瑧金属外壳　瑏瑨总功率　瑏瑩短路　瑐瑠大　瑐瑡低　瑐瑢电流　瑐瑣高压电弧　瑐瑤跨步电压 瑐瑥切断电源　瑐瑦高压带电体　瑐瑧低压带电体　瑐瑨及时更换　瑐瑩接地　瑑瑠大地 广西中考题型突破 １．ＡＢ　２．①　火线　３．如答图所示　４．Ｄ　５．Ｂ　６．电流　火线　７．Ｄ　８．并　断路　９．Ｃ　１０．Ｃ 　 第二十章　电与磁 第１节　磁现象　磁场 一阶　基础巩固分点练 １．Ｂ　２．Ｂ　３．Ａ　４．Ｂ　５．Ｃ　６．如答图所示　７．Ｂ 　 二阶　拓展提升综合练 ８．Ｄ　９．Ｃ　１０．Ｂ　１１．Ｂ　１２．无　有 三阶　核心素养情境练 １３．Ｂ 第２节　电生磁 一阶　基础巩固分点练 １．Ｎ　强　会　２．电流周围存在磁场　电流产生的磁场方向跟电流方向有关　３．Ｄ ４．（１）通电导体周围存在磁场　（２）方向　①条形磁体　左　②电流方向　５．Ｄ　６．Ｓ极　Ｂ　７．Ｎ　－ 参考答案 参考答案 参考答案 ３２　 二阶　拓展提升综合练 ８．Ａ　９．Ｂ　１０．ＣＤ　１１．Ｂ　１２．如答图所示 １３．如答图所示 　 第１０题答图 第１３题答图 三阶　核心素养情境练 １４．Ｎ　正 第３节　电磁铁　电磁继电器 一阶　基础巩固分点练 １．Ｃ　２．Ｄ　３．磁场　异名磁极吸引　４．Ｓ　增强　５．（１）吸引大头针的个数　（２）强　（３）大　６．Ｃ　７．开关　Ｂ 二阶　拓展提升综合练 ８．Ｃ　９．Ｂ　１０．ＡＤ　１１．ａ、ｂ　减小 三阶　核心素养情境练 １２．Ｓ　流入　需要　１３．会　吸引 小专题培优２０　电磁作图 １．如答图所示 ２．如答图所示 ３．如答图所示 　 ４．如答图所示 ５．如答图所示 ６．如答图所示 　 ７．如答图所示 ８．如答图所示 ９．如答图所示 　 １０．如答图所示 １１．如答图所示 １２．如答图所示 １３．如答图所示 １４．如答图所示 １５．如答图所示 １６．如答图所示 １７．如答图所示 １８．如答图所示 　 １９．如答图所示 第４节　电动机 一阶　基础巩固分点练 １．ＣＤ　２．（１）磁场　（２）通电导体　（３）相反　磁场方向　（４）相反　电流方向　（５）不能 ３．Ｃ　４．ＡＤ　５．换向器　线圈中电流的方向 二阶　拓展提升综合练 ６．Ｄ　７．ＣＤ　８．Ｄ　９．机械　惯性　１０．电动机　电流方向　动圈式扬声器 三阶　核心素养情境练 １１．Ｃ 第５节　磁生电 一阶　基础巩固分点练 １．Ｄ　２．Ｃ　３．（１）灵敏电流计的指针是否偏转　（２）①③④　机械　发电机　（３）换一个磁性更强的磁体　（４）电源 ４．Ｂ　５．Ａ 二阶　拓展提升综合练 ６．Ｃ　７．Ｂ　８．ＡＤ　９．Ｂ　１０．切割　感应电流　交流电 三阶　核心素养情境练 １１．感应电流　电动机　相反 第二十章　复习与巩固 思维导图构建体系 ①铁　②钴　③镍　④强　⑤南极　⑥北极　⑦排斥　⑧吸引　⑨磁性　⑩北（Ｎ）极　瑏瑡Ｓ　瑏瑢南极　瑏瑣北极　瑏瑤磁场 瑏瑥电流方向　瑏瑦条形磁体　瑏瑧电流方向　瑏瑨右手　瑏瑩电流　瑐瑠Ｎ（北）　瑐瑡铁芯　瑐瑢电流　瑐瑣匝数　瑐瑤电磁铁　瑐瑥电流　瑐瑦磁场 瑐瑧转子　瑐瑨定子　瑐瑩电流　瑑瑠电　瑑瑡机械　瑑瑢切割磁感线运动　瑑瑣磁场方向　瑑瑤导体切割磁感线的方向　瑑瑥机械能　瑑瑦电能 瑑瑧５０ 广西中考题型突破 １．Ａ　２．Ｃ　３．Ａ　４．Ｃ　５．Ａ　６．Ｓ　强　大　７．Ｂ　８．Ｂ　９．Ｃ　１０．Ｄ １１．如答图所示 １２．如答图所示 　 １３．（１）磁化　条形磁体　（２）方向　大小　（３）方向　１４．（１）快　（２）１、４、５　强 １５．解：（１）由题意知，灯泡的额定电压为９Ｖ，额定电流为０．３Ａ，则灯泡的额定功率Ｐ＝ＵＬＩＬ＝９Ｖ×０．３Ａ＝２．７Ｗ； （２）将Ｒ１的滑片调到最左端时，继电器的衔铁刚好被吸下，控制电路为Ｒ２的基本电路，控制电路的电流Ｉ＝ Ｕ Ｒ２ ＝５Ｖ２５Ω ＝０．２Ａ； （３）由图乙知，将报警温度设为５０℃时，Ｒ２′＝１０Ω， 根据电阻的串联和欧姆定律有Ｉ＝ ＵＲ１＋Ｒ２′ ，即０．２Ａ＝ ５ＶＲ１＋１０Ω ，故Ｒ１＝１５Ω； （４）在Ｒ２温度为２０℃的情况下，小明依次进行如下操作：闭合开关Ｓ１和Ｓ２，Ｒ０与灯串联，灯泡Ｌ恰好正常发光，灯泡两端的电压 为９Ｖ，此时Ｒ０的电功率为Ｐ０； 调节Ｒ３的滑片，此时Ｒ３、Ｒ４与Ｒ０串联，当Ｒ３与Ｒ４的电压之比Ｕ３∶Ｕ４＝４∶１时，电子嗡鸣器恰好能发声，此时Ｒ０的电功率为Ｐ０′， Ｐ０′∶Ｐ０＝４∶９， 根据Ｐ＝Ｕ ２ Ｒ，在Ｒ不变时，功率与电压的平方成正比，故 Ｕ０′ Ｕ０ ＝ ＝２３，则Ｕ０＝１．５Ｕ０′， 根据欧姆定律，在电阻不变时，电流与电压成正比，故Ｉ０＝１．５Ｉ０′，因Ｉ０＝０．３Ａ，所以，Ｉ０′＝０．２Ａ， Ｒ３与Ｒ４的电压之比Ｕ３∶Ｕ４＝４∶１，由分压原理可知，Ｒ３∶Ｒ４＝４∶１，Ｒ３＝４×１０Ω＝４０Ω； 由串联电路的规律及欧姆定律，根据两种情况下工作电路的电源电压不变可知：ＵＲ０ ＋ＵＬ＝ＵＲ３ ＋ＵＲ４ ＋ＵＲ０′， 即１．５Ｕ０′＋９Ｖ＝Ｕ０′＋（１０Ω＋４０Ω）×０．２Ａ，则Ｕ０′＝２Ｖ， 工作电路的电源电压Ｕｘ＝１．５×２Ｖ＋９Ｖ＝１２Ｖ。 第二十一章　信息的传递 第１、２节　现代顺风耳———电话　电磁波的海洋 １．Ａ　２．Ｂ　３．Ｄ　４．电话交换机　利用率　５．Ｄ　６．Ｂ　７．Ｄ　８．０．０１　３×１０１０　９．半导体　电磁波　１０．５×１０１０　５．１×１０４ 第３、４节　广播、电视和移动通信　越来越宽的信息之路 １．Ｃ　２．Ｃ　３．Ｄ　４．Ａ　５．Ｃ　６．Ｂ　７．Ｃ　８．Ｂ　９．ＡＣ　１０．Ａ 第二十二章　能源与可持续发展 第１、２节　能源　核能 １．Ｂ　２．Ｃ　３．Ｄ　４．一次　风能为清洁能源　５．Ｃ　６．Ａ　７．核聚变　氢弹 第３、４节　太阳能　能源与可持续发展 １．Ｃ　２．Ｃ　３．Ａ　４．Ｃ　５．Ｂ　６．Ｄ　７．ＢＣ 第二十一、二十二章　复习与巩固 思维导图构建体系 ①电　②电　③声　 ④３×１０８　⑤λ　⑥赫兹　⑦λｆ　⑧天线　⑨收音机　⑩电磁波　瑏瑡摄像机　瑏瑢显示器　瑏瑣电磁波　瑏瑤石油 瑏瑥原子弹　瑏瑥氢弹　瑏瑦内能　瑏瑧机械能　瑏瑨机械能　瑏瑩电　瑐瑠聚变　瑐瑡电　瑐瑢方向性　瑐瑣不可再生　瑐瑤可再生　瑐瑥利用率 广西中考题型突破 １．Ｄ　２．Ａ　３．Ｃ　４．Ｄ　５．Ｃ　６．Ａ　７．电　不可　８．裂变　电磁波　９．Ｄ　１０．电磁波　二 参考答案 参考答案 参考答案