内容正文:
专题限时集训(六) 空间向量与立体几何
1.在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=BC=1,AA1=,则异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为( )
A. B.
D.
2.二面角的棱上有A,B两点,直线AC,BD分别在这个二面角的两个半平面内,且都垂直于AB,已知AB=2,AC=3,BD=4,CD=,则该二面角的大小为( )
A.30° B.45°
C.60° D.120°
3.如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是矩形,PA⊥平面ABCD,PA=AD=4,AB=2.以AC的中点O为球心,AC为直径的球面交PD于点M.则CD与平面ACM所成角的正弦值为( )
A. B.
C. D.
4.如图,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别为棱AA1,BB1的中点,M为棱A1B1上一点,且A1M=λ(0<λ<2).设N为线段ME的中点,则点N到平面D1EF的距离为( )
A.λ B.
C.λ D.
5.如图,AB是☉O的直径,PA垂直于☉O所在平面,C是圆周上不同于A,B两点的任意一点,且AB=2,PA=BC=,则二面角A-BC-P的大小为 .
6.如图,在棱长为4的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M是棱A1A上的动点,N是棱BC的中点.当平面D1MN与底面ABCD所成的锐二面角最小时,A1M= .
7.(2023·四川绵阳中学模拟预测)在三棱锥P-ABC中,底面△ABC是边长为2的等边三角形,PA=PB,PC=4且直线PC与平面ABC所成的角为30°,O为AB的中点.
(1)求证:平面POC⊥平面ABC;
(2)求二面角A-PB-C的正弦值.
8.如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥矩形ABCD,其中AD=2,AB=1,PA=,E为矩形ABCD的边BC上一动点.
(1)F为线段PD上一点,|PD|=3|DF|,是否存在点E,使得EF∥平面PAB,若存在,求出CE的长,若不存在,请说明理由;
(2)若DE⊥PE,求直线PC与平面PED所成角的余弦值.
9.如图,在四边形PDCB中,PD∥BC,BA⊥PD,PA=AB=BC=1,AD=.沿BA将△PAB翻折到△SBA的位置,使得SD=.
(1)作出平面SCD与平面SBA的交线l,并证明l⊥平面CSB;
(2)点Q是棱SC上异于S,C的一点,连接QD,当二面角Q-BD-C的余弦值为时,求此时三棱锥Q-BCD的体积.
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专题限时集训(六)
1.C [以D为坐标原点,DA,DC,DD1所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,如图所示.由条件可知D(0,0,0),A(1,0,0),D1(0,0,),B1(1,1,=(-1,0,=(1,1,).
则cos〈〉=,
即异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为.]
2.C [由已知可得·=0,·=0,如图,++,
∴||2=(++)2=||2+||2+||2+2·+2·+2·
=32+22+42+2×3×4cos〈〉=()2,
∴cos〈〉=-,
即〈〉=120°,
∴所求二面角的大小为60°,故选C.]
3.D [如图所示,建立空间直角坐标系,则A(0,0,0),P(0,0,4),B(2,0,0),C(2,4,0),D(0,4,0),M(0,2,2).
所以=(2,4,0),=(0,2,2),=(-2,0,0).
设平面ACM的法向量n=(x,y,z),由n⊥,n⊥,
可得令z=1,得n=(2,-1,1).
设CD与平面ACM所成的角为α,
则sin α=|cos〈,n〉|=.]
4.D [以D为坐标原点,DA所在直线为x轴,DC所在直线为y轴,DD1所在直线为z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,
则M(2,λ,2),D1(0,0,2),E(2,0,1),F(2,2,1),
=(-2,0,1),=(0,2,0),=(0,λ,1).
设平面D1EF的法向量为n=(x,y,z),
则
取x=1,得z=2,则n=(1,0,2)为平面D1EF的一个法向量.
则点M到平面D1EF的距离d=.
因为N为线段EM的中点,所以点N到平面D1EF的距离为,故选D.]
5. [法一:(坐标法)以A为坐标原点,AP所在直线为z轴,AC所在直线为y轴,过A且垂直于AC的直线为x轴,建立空间直角坐标系,如图所示.由AB=2,PA=BC=,可知AC==1.
∴P(0,0,),B(,1,0),C(0,1,0),=(,1,-=(0,1,-).
设平面PBC的法向量n=(x,y,z),则
取z=1得n=(0,,1).
平面ABC的一个法向量m=(0,0,1),
设二面角A-BC-P的平面角为θ,
则cos θ=,
∴θ=.
法二:(几何法)由题意可知AC⊥BC,又PA⊥平面ABC