内容正文:
第六板块
函数与导数
大题考法精研(四)
极值点偏移问题
已知函数f(x)图象顶点的横坐标就是极值点x0,若fx)=(的两根的中点刚好满足1-,即极值
2
点在两根的正中间,也就是说极值点没有偏移,此时函数(x)在x一xo两侧,函数值变化快慢相同,如图(1)所
示.若1十型≠0,则极值点偏移,此时函数(x)在x=两侧,函数值变化快慢不同,如图(2)(3)所示
2
if(a)
f(x)
fx
西需名在
图(1)
图(2)
图(3)
(无偏移,左右对称,二次函数)
(左陡右缓,做偵点向左偏移)
(左缓右陡,极值点向右偏移)
若f(x)f{x2》,则x11=2x
f(x)f(x),则x1x>2x0
若fx)∫(),则1x<2x
设a6>0u6则n么>v瓜,其中
a-b
4一n被称之为对数平均数,上述不等式称为对数均值不等式,
a-6
方法一
对称化构造
[例1]已知函数h(x)=2xlnx,若存在
[思维建模]
<x2使(1)=h(x2).证明:1x2<2
对称化构造主要用来解决与两个极值点之和,积
相关的不等式的证明问题.其解题要点如下:
[关键点拨]
利用导函数符号的变化判断函数的单调性,进
定函数
而确定函数的极值点x
根据题意判断0<x1<
1
1
<x<1,将原
e
e
构造
根掘极值点构造对称函数F(x)=f(x)一f(2.x
切人入点
题转化为证明A(x2)>(e2x
,构造函数后
函数
x),若证1>6,则令F(x)=fx)一
求导证明即可
判断
极值点偏移的题目常用的手法就是对称构
利用导数讨论F(x)的单调性
单调性
造,其实质是消去一个变量,转化为单变量问
迁移点
比较
判断F(x)在某段区间上的正负,并得出f(x)
题,再根据所构造函数的单调性可以将其转
大小
与f(2x。一x)的大小关系
化为证明不等式问题
利用f(.x)的单调性,将f(x)与f(2xo一x)的大
障碍点
对称化构造函数m(x)=h(x)
转化
小关系转化为x与2x。一x之间的关系,进而得
到所证或所求
听讲随笔:
[针对训练]
1.已知函数f(x)=2alnx-x2+2(a-1)x十a.若
f(x)有两个不同的零点x1·x2,求a的取值范
围,并证明:x1十x2>2a
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新高考方案·专题增分方略
数学
方法二
比差值换元
[例2]已知函数f(x)=lnx一ax十b(a,b∈R):
[思维建模]
有两个不同的零点12,证明:x<
1
比(差)值换元就是根据已知条件首先建立极值
点之间的关系,然后利用两个极值点之比(差)作为变
[关键点拨]
量,从而实现消参、减元的目的.一般用1表示两个极
值点之比(差),继而将所求解问题转化为关于1的函
由题意转化为证明1n24<x一)2_4
-2
2
1x2
数问题,
切
+兰,不妨设1<2,令=1∈(0,1),只需证
[针对训练]
点
:2.若方程xe一a(lnx十x)=0有两个实根
明1n1<1-2+设60=2n1-4+
,根据
且≠,证明:e,+与>e
函数的单调性,即可作出证明
IT2
迁
进行比、差值换元时,如果条件式中含有对数式,
移
般要两式作差转化:如果条件式中含有指数
点
式,一般要转化为对数式或两式作商转化
利用题目条件构造ln24<(x一2)2
x1一2
障碍点
riT2
T9
+,然后换元
听讲随笔:
课下请完成P213的大题增分练(四)
|128(2)当a≥0时,若x>0,削(r)>0,不满足
在(0,十©)有一个零点,不合题意
(片+=)米满莲指,在(0)长美接<分中运<
当<0时0)=0.f-+写
单调道或
->-
又:a()=-名k1)=0,3n<
即证ln4<二》-里-2+型
h)=)0<<,1<<1
2
12g
设g(x)=ae+1-x+1.
ee
不特设n<,令-10,1),附只雪证
别g'(x=ae中1-2x.
1
g
当r∈(0,十o)时,g'(x)<0,g(x)单调递
1<1
-2+
减,{0)=ae+1,g(1)=ae2<0.
'0<
①当g(0)=ae十1≤0,中a≤-1时,g(x)
设g)=l1-1-+2,则g)=号n1
e
g(0)0,故f(x)在(0,十∞)上为减函
六即注n>()》
数,f(r)<f(0)=0,不满足在(0,+o)有
又:h(x1)=h(),
2-1+是
一个家点:
@当g(0)-ae+1>0,即-上<u<0时,
设h)=2n1-1+},期'()
令m)=A()-()=2hr
(1-1)2
故存在o∈(0,1),使得g(r0)=0,故(x)
R
40
.h()在(01)上单调递减
递减。
,.h()>h(1)=0,
又f(r0)>f(0)=0
2
则m((r=21mr+2+字1-lner)=
g(t)在(0,1)上单调递增
周