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微课精练(14) 化学能与热能
1.H2O2是重要的绿色消毒液和氧化剂,研究其分解反应有重要意义。在含有少量I-的溶液中,H2O2分解的机理:ⅰ.H2O2+I-===H2O+IO-;
ⅱ.H2O2+IO-===H2O+O2↑+I-。分解反应过程中能量变化如图所示,下列判断不正确的是( )
A.I-改变了H2O2分解的路径,曲线②为含有I-的反应过程
B.反应ⅰ和 ⅱ均为放热过程
C.反应ⅰ的反应速率比反应ⅱ慢
D.I-不能改变总反应的能量变化
解析:选B 根据题意得出I-改变了H2O2分解的路径,曲线②为含有I-的反应过程,A正确;根据图中信息得到反应ⅰ是反应物总能量低于生成物总能量,是吸热反应,B错误;根据图中信息反应ⅰ的活化能大于反应ⅱ的活化能,因此反应ⅰ的反应速率比反应ⅱ慢,C正确;催化剂可以改变反应的活化能,但不能改变总反应的能量变化,D正确。
2.已知2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) ΔH=-198 kJ·mol-1,在V2O5存在时反应过程中的能量变化如图所示。下列叙述正确的是( )
A.ΔH=E4-E3+E2-E1
B.加入V2O5后反应经过两步完成,其中第一步决定反应速率
C.加入V2O5,ΔH不变,但反应速率改变
D.向密闭容器中充入2 mol SO2和1 mol O2,发生上述反应达平衡时,反应放热198 kJ
解析:选C 根据图示可知,反应的焓变为吸收能量与释放能量的差值,ΔH=E1-E2+E3-E4,A错误;多步反应的反应速率由慢反应决定,由图可知,加入V2O5后第二步反应发生需要的能量高,反应速率慢,所以反应速率由第二步反应决定,B错误;催化剂不能改变反应物、生成物的能量,所以ΔH不变,但催化剂能改变反应途径,所以使用催化剂后反应速率改变,C正确;该反应是可逆反应,所以向密闭容器中充入2 mol SO2和1 mol O2,发生的反应达平衡时,反应放热小于198 kJ,D错误。
3.H2与ICl的反应分两步完成,其能量曲线如图所示。
反应①:H2(g)+2ICl(g)===HCl(g)+HI(g)+ICl(g)
反应②:HCl(g)+HI(g)+ICl(g) ===I2(g)+2HCl(g)
下列有关说法不正确的是( )
A.反应①、②均是反应物总能量高于生成物总能量
B.总反应的活化能为(E1-E3)kJ·mol-1
C.H2(g)+2ICl(g)===I2(g)+2HCl(g) ΔH=-218 kJ·mol-1
D.反应①的ΔH=E1-E2
解析:选B 由题图可知,反应①、②均是反应物总能量高于生成物总能量,A正确;E1和E3分别代表反应过程中各步反应的活化能,总反应活化能为能量较高的E1,B错误;反应①和②总的能量变化为218 kJ,并且是放热反应,所以H2(g)+2ICl(g)===I2(g)+2HCl(g) ΔH=-218 kJ·mol-1,C正确;反应①的ΔH=正反应的活化能-逆反应的活化能=E1-E2,D正确。
4.Fe3O4(s)与CO(g)主要发生如下反应:
①Fe3O4(s)+CO(g)3FeO(s)+CO2(g) ΔH1=+19.3 kJ·mol-1
②Fe3O4(s)+4CO(g)3Fe(s)+4CO2(g) ΔH2
反应的还原产物与温度密切相关。其他条件一定,Fe3O4(s)和CO(g)反应达平衡时,CO(g)的体积分数随温度的变化关系如图所示。下列说法不正确的是( )
A.反应FeO(s)+CO(g)Fe(s)+CO2(g)的焓变为(ΔH2-ΔH1)
B.根据图像推测,ΔH2应当小于0
C.反应温度越高,Fe3O4主要还原产物中铁元素的价态越低
D.温度高于1 040 ℃时,Fe3O4(s)和CO(g)发生的主要反应的化学平衡常数K>4
解析:选C 根据盖斯定律,由(②-①)×,可得FeO(s)+CO(g)Fe(s)+CO2(g) ΔH=(ΔH2-ΔH1),A项正确;根据图像知,570 ℃以前反应达平衡时,升温CO的体积分数增大,而反应①为吸热反应,升温反应①平衡正向移动,CO的体积分数减小,则升温反应②平衡逆向移动,CO的体积分数增大,且570 ℃之前升温对反应②的影响程度大于对反应①的影响程度,因此反应②为放热反应,ΔH2<0,B项正确;根据图示,知温度高于570 ℃时,CO的体积分数随温度的升高而减小,说明570 ℃后主要发生反应①,FeO中Fe的化合价比Fe高,C项错误;温度高于1 040 ℃,达平衡时CO的体积分数小于20%,则CO2的体积分数大于80%,高温下主要发生反应①,则反应①的K=>4,D项正确。
5.以CO和H2为原料合成甲醇是工业上的成熟方法,直接以CO2为原料生产甲醇是目前的研究热点。我国科学家用CO2人工合