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课时作业(十五)
导数与函数的单调性
目标利用导数研究函数的单调性
1.(2022新高考1卷)设a=01e0.1,b=19,c=一1n0.9,则(C)
A.a<b<c
B.c<b<a
C.c<a<b
D.a<c<b
解析:选C.令a=xe,b=x1一x,c=-n(1-x),
DIn a-In b=x+Inx-[Inx-In (1-x)]=x+In (1-x),
令y=x+ln(1-x),x∈(0,0.1],
y'=1-11-x=-x1-x<0,
所以y0,所以lna-lnb<0,所以b>a
②a-c=y=e+n(1-x,x∈(0,0.1],
y'=xe+e-l1-x=(1+x)(1-x)ex-11-x,
令x)=(1+x)(1-x)e1,
所以k9)=(1-x2-2x)e0,
所以x>O>0,所以y>0,
所以a一c>0,所以a>c综上可知:b>a>c
2.(2022全国甲卷,文)已知9m=10,a=10m-11,b=8-9,则(A)
A.a-0>b
B.ab>0
C.b-a-0
D.b>0>a
解析:选A由9m=10,可得m=l1og10∈(1,1.5).
根据a,b的形式构造函数x)=xm一x一1(>I),则fx)=mm-1-1,
令fx)=0,解得x0=m1-m,
由m=log10∈(1,1.5)知x∈(0,1)
x)在(1,十∞)上单调递增,
所以10)>8),即a>b,
又因为9)=91og10-10=0,所以a>0>b,故选A
3.(2021全国乙理,12)设a=2ln1.01,b=ln1.02,c=1.04-1,则(B)
A.a<b<c
B.b<c<a
C.b<a<c
D.c<a<b
解析:选B.显然a>b,
令x)=2ln(1+x)-(1+红-1)r>0),则
(x)=21十x-2r1+4)
因为当0<x<2时,x2<2x,
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所以1+2x+x2<1+2x+2,即1+x<1+4r,
所以fx)>0,所以f0.01)>0),即a>c
同理,令gx)=n(1+2x)-(1+4红-1)c>0),
则g'x)=21+2x-2r1+,
因为当x>0时,(1+2x)2>1+4,所以g'x)<0,所以g0.01)<g(0)=0,即c>b,
综上a>c>b,故选B
4.(2023新课标1卷,12分)已知函数fx)=a(er十a)-x
(I)讨论x的单调性;
(2)证明:当a>0时,x)>2ha+32
解:(Ifx)=ae-1,
当a≤0时,fx)≤0,
所以函数x)在(一∞,十∞)上单调递减:
当a>0时,令fx0,得>-lna,令f9)0,得x<-na,
所以函数x)在(一∞,一na)上单调递减,在(-na,+oo)上单调递增
综上可得:当a≤0时,函数x)在(一∞,十)上单调递减:
当a>0时,函数x)在(一∞,一lna)上单调递减,在(-na,十∞)上单调递增,
(2)法一(最值法):由(I)得当>0时,函数x)=a(e'+a)-x的最小值为一na=a(e
Imna+a)+Ina=1+a2+Ina,
令ga=1+a2+na-2hna-32=a2-lna-12,a∈(0,+eo),
所以g'(a=2a-1a,令g(a)>0,得a>2)2
令g'(a0,得0<a<2)2.
所以函数g(a)在laws4 alcol(0,r22)上单调递减,在alvs4 alcol(0r(2)2),+oo上
单调递增,
所以函数g(a)的最小值为gaws4alco1(fr(2)2》=ahvs4alco10r2)2》2-ln22-12
=ln2>0,
所以当a>0时,x)>2na+32成立.
法二(分析法):当a>0时,由(I)得,fxmm=-lna)=1十a2+lna,
故欲证fx>2na+32成立,
只需证1+a2+lna>2lna+32,即证a2-12>lna,
构造函数u(a)=na一(a一1)(a>0),
则(a=1a-1=1-aa,所以当a>1时,u'(a-0;当0<a1时,'(a)>0
所以函数4(a)在(0,1)上单调递增,在(1,十o∞)上单调递减,
所以(a≤I)=0,即lna≤a-1,
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故只需证a2-12>a-1,即证a2-a+12>0,
因为a2-a十12=avs4alco1(a-12)2+14>0恒成立,
所以当a>0时,x)>2na+32成立
5.(2022新高考川卷)已知函数x)=xe一e
(1)当