内容正文:
第三课时 圆锥曲线中的定点、定值问题
考法一 圆锥曲线中的定点问题
[典例] (2022·全国乙卷)已知椭圆E的中心为坐标原点,对称轴为x轴、y轴,且过A(0,-2),B两点.
(1)求E的方程;
(2)设过点P(1,-2)的直线交E于M,N两点,过M且平行于x轴的直线与线段AB交于点T,点H满足=.证明:直线HN过定点.
[解] (1)设椭圆E的方程为mx2+ny2=1,
由A(0,-2),B在椭圆上,
可得解得m=,n=,
所以椭圆E的方程为+=1.
(2)证明:由A(0,-2),B可得直线AB的方程为y=x-2.
若过点P(1,-2)的直线的斜率不存在,则其直线方程为x=1.
将直线方程x=1代入+=1,得y=±.
令N,M.将y=-代入y=x-2,可得T.
由=,得H.
此时直线HN的方程为y=(x-1)+=x-2,
则直线HN过定点(0,-2).
若过点P(1,-2)的直线的斜率存在,设此直线方程为kx-y-(k+2)=0,M(x1,y1),N(x2,y2).
联立得方程组
消去y并整理,得(3k2+4)x2-6k(2+k)x+3k(k+4)=0.
所以①
则②
且x1y2+x2y1=. ③
联立得方程组可得T.
由=,得H(3y1+6-x1,y1).
则直线NH的方程为y-y2=(x-x2).
将点(0,-2)的坐标代入并整理,得2(x1+x2)-6(y1+y2)+x1y2+x2y1-3y1y2-12=0. ④
将①②③代入④,得24k+12k2+96+48k-24k-48-48k+24k2-36k2-48=0,显然成立.
综上可得,直线HN过定点(0,-2).
[方法技巧]
求解圆锥曲线中定点问题的2种方法
(1)特殊推理法:先从特殊情况入手,求出定点,再证明定点与变量无关.
(2)直接推理法:①选择一个参数建立方程,一般将题目中给出的曲线方程(包含直线方程)中的常数k当成变量,将变量x,y当成常数,将原方程转化为kf(x,y)+g(x,y)=0的形式;
②根据曲线(包含直线)过定点时与参数没有关系(即方程对参数的任意值都成立),得到方程组
③以②中方程组的解为坐标的点就是曲线所过的定点,若定点具备一定的限制条件,可以特殊解决.
[针对训练]
(2023·泰州模拟)已知l1,l2是过点(0, 2)的两条互相垂直的直线,且l1与椭圆Γ:+y2=1相交于A,B两点,l2与椭圆Γ相交于C,D两点.
(1)求直线l1的斜率k的取值范围;
(2)若线段AB,CD的中点分别为M,N,证明直线MN经过一个定点,并求出此定点的坐标.
解:(1)根据题意直线l1,l2的斜率均存在且不为0,直线l1,l2分别为y=kx+2,y=-x+2,
联立得(4k2+1)x2+16kx+12=0,
由Δ=(16k)2-4×12(4k2+1)>0得4k2>3,则k<-或k>,
同理42>3,则-<k<,所以k的取值范围为∪.
(2)证明:设A(x1, y1),B(x2, y2),由(1)得(4k2+1)x2+16kx+12=0,
所以x1+x2=-,则xM==-,
所以yM=kxM+2=-+2=,
则M,同理N,
则直线MN的方程为y-=,化简整理得y=x+.因此直线MN经过一个定点.
[典例] 已知双曲线C:-=1(a>0,b>0)的虚轴长为4,直线2x-y=0为双曲线C的一条渐近线.
(1)求双曲线C的标准方程;
(2)记双曲线C的左、右顶点分别为A,B,过点T(2,0)的直线l交双曲线C于点M,N(点M在第一象限),记直线MA斜率为k1,直线NB斜率为k2,求证:为定值.
[解] (1)∵虚轴长为4,∴2b=4,即b=2,
∵直线2x-y=0为双曲线C的一条渐近线,∴=2,a=1,
故双曲线C的标准方程为x2-=1.
(2)证明:由题意知,A(-1, 0),B(1, 0),
由题可知,直线l斜率不能为零,故可设直线l的方程为x=ny+2,
设M(x1, y1),N(x2, y2),
联立得(4n2-1)y2+16ny+12=0,∴y1+y2=-,y1y2=,∴ny1y2=-(y1+y2),
∵直线MA的斜率k1=,直线NB的斜率k2=,
∴=====-,为定值.
[方法技巧]
圆锥曲线中定值问题的常见类型及解题策略
(1)求代数式为定值.依题设条件,得出与代数式参数有关的等式,代入代数式,化简即可得出定值.
(2)求点到直线的距离为定值.利用点到直线的距离公式得出距离的解析式,再利用题设条件化简、变形求得.
(3)求某线段长度为定值.利用长度公式求得解析式,再依据条件对解析式进行化简、变形即可求得.
[针对训练]
已知斜率为1的直线交抛物线C:y2=2px(p>0)于A,B两点,且弦AB中点的纵坐标为2.
(1)求抛物线C的标准