内容正文:
专题突破十二 电磁感应中的电路、图像问题
电磁感应中的电路问题
1.电磁感应中电路知识的关系图
2.“三步走”分析电路为主的电磁感应问题
[典例1] (2023·浙江台州质检)如图所示,两光滑的足够长导轨固定在绝缘水平面上,导轨间距最窄处为一狭缝O,以O为原点、水平向右为x轴正方向建立直线坐标系,两导轨与x轴的夹角均为α=37°,一阻值R=100 Ω的电阻和电容为C=4 000 μF的不带电电容器分别与导轨左端相连。x>0 的区域内分布着垂直于纸面向里的磁场,磁感应强度大小沿y轴不变,沿x轴为B=,导轨上一金属棒ab与x轴垂直,在外力F作用下从O点开始以速度v=0.5 m/s向右匀速运动,金属棒在运动过程中与导轨始终保持良好接触,不计金属棒和导轨的电阻,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8。求:
(1)棒ab运动到x1=0.2 m时,流过电阻R的电流大小;
(2)棒ab从x1=0.2 m运动到x2=0.8 m的过程中,外力F与x的关系;
(3)棒ab从x1=0.2 m运动到x2=0.8 m的过程中,流过棒的电荷量。
[解析] (1)棒ab运动到x1=0.2 m时,磁感应强度B1=2 T,有效切割长度为l1=2x1tan α=0.3 m
则感应电动势E1=B1l1v=0.3 V
流过电阻R的电流大小I==3×10-3 A。
(2)①在0.2 m≤x≤0.4 m区域,由B= T,金属棒有效切割长度l=1.5x,可知产生的感应电动势E=Blv恒为0.3 V,则电流I恒为3×10-3 A,棒做匀速运动,则棒受力平衡,故外力F大小等于棒所受到的安培力大小,即F=BlI=1.8×10-3 N
②在0.4 m<x≤0.8 m区域,感应电动势E=Blv=x V
通过电阻的电流I1==x A
电容器的充电电流I2=== A=Cv A=1.5×10-3 A
则外力F=Bl(I1+I2)= N=x(5x+1) N。
(3)在0.2 m≤x≤0.4 m区域,棒运动的时间为t1= s=0.4 s,通过棒的电荷量q1=It1=1.2×10-3 C
在0.4 m<x≤0.8 m区域,通过电阻的电流I1随时间均匀变化,则1= A=4.5×10-3 A,又电容器的充电电流I2保持不变,在该区域内,棒运动的时间为t2= s=0.8 s,则通过棒的电荷量q2=1t2+I2t2=4.8×10-3 C。
[答案] (1)3×10-3 A (2)见解析 (3)见解析
电磁感应过程中电容器的充电电流常采用微元法求解。当杆的有效切割长度不变,杆在恒力作用下由静止开始切割磁感线对电容器充电时(杆的电阻不计,杆的电动势等于电容器两端的电压),充电电流i====CBla。当杆的有效切割长度与位移成正比时(导轨不平行)且匀速切割磁感线对电容器充电时,充电电流i====kCBv2。
[跟进训练]
1.(感生电动势电路分析)(多选)如图1,线圈A(图中实线,共100匝)的横截面积为0.3 m2,总电阻r=2 Ω,A右侧所接电路中,电阻R1=2 Ω,R2=6 Ω,电容C=3 μF,开关S1闭合。A中有横截面积为0.2 m2 的区域D(图中虚线),D内有如图2所示的变化磁场,t=0时刻,磁场方向垂直于线圈平面向里。下列判断正确的是( )
图1 图2
A.闭合S2,电路稳定后,通过R2的电流由b流向a
B.闭合S2,电路稳定后,通过R2的电流大小为0.4 A
C.闭合S2,电路稳定后再断开S1,通过R2的电流由b流向a
D.闭合S2,电路稳定后再断开S1,通过R2的电荷量为7.2×10-6 C
BD [根据楞次定律,线圈中产生的感应电流为顺时针方向,则闭合S2,电路稳定后,通过R2的电流由a流向b,A项错误;根据法拉第电磁感应定律E=nS=100××0.2 V=4 V,则闭合S2,电路稳定后,通过R2的电流大小I== A=0.4 A,B项正确;闭合S2,电路稳定后电容器上极板带正电,则当再断开S1,电容器放电,通过R2的电流由a流向b,C项错误;电路稳定后电容器带电荷量CUR2=3×10-6×0.4×6 C=7.2×10-6 C,则电路稳定后再断开S1,通过R2的电荷量为7.2×10-6 C,D项正确。]
2.(动生电动势电路分析)(多选)如图所示,半径为r=1 m的导体环固定在水平面上,且导体环处在竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度大小为B=2 T,从上向下看长为1 m的导体棒沿顺时针方向以ω=4 rad/s的角速度绕导体环的中心O转动,导体棒和导体环始终接触良好,把导体棒的一端和导体环的边缘用导线连接成如图所示的电路,已知定值电阻R1=4 Ω,R2=6 Ω,R3=15 Ω,导体棒的电阻为r0=2 Ω,电容器的电容为C=2×10-6 F,导线、导体环的电阻