内容正文:
第2讲 空间点、线、面的位置关系
考情分析
高考对该部分的考查,小题主要体现在两个方面:一是空间线面关系的命题的真假判断;二是体积、表面积的求解,空间中以垂直或平行关系的证明为主,中等难度.
自主先热身 真题定乾坤
ZI ZHU XIAN RE SHEN ZHEN TI DING QIAN KUN
对应学生用书学案(文P33)(理P34)
真题热身
1.(2020·全国卷Ⅰ)设l,m是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,则( C )
A.若α∥β,则对任意的l⊂α,m⊂β,都有l∥m
B.若α⊥β,则对任意的l⊂α,m⊂β,都有l⊥m
C.若α∥β,则对任意的l⊂α,都存在m⊂β,使得l⊥m
D.若α⊥β,则对任意的l⊂α,都存在m⊂β,使得l∥m
【解析】 若α∥β,则对任意的l⊂α,m⊂β,则l和m可能平行,也可能异面故A错误;若α⊥β,则对任意的l⊂α,m⊂β,则l和m可能垂直,平行,相交故B错误;若α∥β,则对任意的l⊂α,都存在m⊂β,使得l和m异面垂直,故C正确;若α⊥β,则对任意的l⊂α,都存在m⊂β,使得l∥m是错误的,当直线l与平面β相交时,不存在直线与l平行,故D错误,选C.
2.(2022·全国甲卷)在长方体ABCD-A1B1C1D1中,已知B1D与平面ABCD和平面AA1B1B所成的角均为30°,则( D )
A.AB=2AD
B.AB与平面AB1C1D所成的角为30°
C.AC=CB1
D.B1D与平面BB1C1C所成的角为45°
【解析】 如图所示:
不妨设AB=a,AD=b,AA1=c,
依题以及长方体的结构特征可知,B1D与平面ABCD所成角为∠B1DB,B1D与平面AA1B1B所成角为∠DB1A,
所以sin 30°==,
即b=c,B1D=2c=,解得a=c.
对于A,AB=a,AD=b,AB=AD,A错误;
对于B,过B作BE⊥AB1于E,易知BE⊥平面AB1C1D,
所以AB与平面AB1C1D所成角为∠BAE,
因为tan∠BAE==,
所以∠BAE≠30°,B错误;
对于C,AC==c,
CB1==c,AC≠CB1,C错误;
对于D,B1D与平面BB1C1C所成角为∠DB1C,
sin∠DB1C===,而0°<∠DB1C<90°,
所以∠DB1C=45°.D正确.故选D.
3.(2022·浙江卷)如图,已知正三棱柱ABC-A1B1C1,AC=AA1,E,F分别是棱BC,A1C1上的点.记EF与AA1所成的角为α,EF与平面ABC所成的角为β,二面角F-BC-A的平面角为γ,则( A )
A.α≤β≤γ B.β≤α≤γ
C.β≤γ≤α D.α≤γ≤β
【解析】 如图所示,过点F作FP⊥AC于P,过P作PM⊥BC于M,连接PE,
则α=∠EFP,β=∠FEP,γ=∠FMP,
tan α==≤1,tan β==≥1,
tanγ=≥=tan β,
所以α≤β≤γ,故选A.
4.(2021·浙江高考)如图,已知正方体ABCD-A1B1C1D1,M,N分别是A1D,D1B的中点,则( A )
A.直线A1D与直线D1B垂直,直线MN∥平面ABCD
B.直线A1D与直线D1B平行,直线MN⊥平面BDD1B1
C.直线A1D与直线D1B相交,直线MN∥平面ABCD
D.直线A1D与直线D1B异面,直线MN⊥平面BDD1B1
【解析】 连接AD1,如图:
由正方体可知A1D⊥AD1,A1D⊥AB,
∴A1D⊥平面ABD1,∴A1D⊥D1B,
由题意知MN为△D1AB的中位线,∴MN∥AB,
又∵AB⊂平面ABCD,MN⊄平面ABCD,
∴MN∥平面ABCD,∴A对;
由正方体可知A1D与平面BDD1相交于点D,D1B⊂平面ABD1,D∉D1B,
∴直线A1D与直线D1B是异面直线,∴B、C错;
∴MN∥AB,AB不与平面BDD1B1垂直,
∴MN不与平面BDD1B1垂直,∴D错.故选A.
5.(2020·全国卷Ⅱ)设有下列四个命题:
p1:两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内.
p2:过空间中任意三点有且仅有一个平面.
p3:空间两条直线不相交,则两条直线平行.
p4:若直线l⊂平面α,直线m⊥平面α,则m⊥l.
则下列命题中所有真命题的序号是__①③④__.
①p1∧p4 ②p1∧p2
③(綈p2)∨p3 ④(綈p3)∨(綈p4)
【解析】 p1和p4为真命题;p2和p3为假命题;根据含有逻辑联结词的命题的真假判断①p1∧p4,③(綈p2)∨p3,④(綈p3)∨(綈p4)是真命题;故答案为①③④.
感悟高考
1.高考对此部分的命题一般为“一小一大”或“一大”,即一道选择题或填空题与一道大题,或一道大题.
2.解答题多出现在第18,19题的位置,且为第(1)(2)问,难度