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微重点2 函数的嵌套与旋转、对称问题
函数的嵌套与旋转、对称问题在高考中经常出现,主要与函数的性质、函数的零点综合,考查判断函数的零点、方程的根的个数、求参数问题,以及求函数的函数值、值域等,难度较大,主要以选择、填空的形式出现.
考点一 嵌套函数中的零点问题
考向1 函数的零点个数问题
例1 已知函数f(x)=函数g(x)=f(f(x))-的零点个数为( )
A.4 B.3 C.2 D.1
答案 D
解析 令u=f(x),令g(x)=0,
则f(u)-=0,
当u≥0时,则f(u)=ln(u+1),
所以ln(u+1)=,所以u=-1.
当u<0时,f(u)=-ueu,
则f′(u)=-(u+1)eu,
当u<-1时,f′(u)>0;
当-1<u<0时,f′(u)<0.
此时,函数y=f(u)在u=-1处取得极大值,且极大值为f(-1)=<.
所以当u<0时,f(u)<,
则方程f(u)-=0在u<0时无解.
再考虑方程f(x)=-1的根的个数,
作出函数u=f(x)与u=-1的图象如图所示,
由于-1>>,
所以直线u=-1与函数u=f(x)的图象只有一个交点,因此,函数g(x)只有一个零点.
考向2 求参数的取值范围
例2 (2022·安康质检)已知函数f(x)=若函数y=[f(x)]2+mf(x)+1有6个零点,则m的取值范围是( )
A. B.
C. D.
答案 D
解析 设t=f(x),则y=g(t)=t2+mt+1,作出函数f(x)的大致图象,如图所示,
则函数y=[f(x)]2+mf(x)+1有6个零点等价于g(t)=0在[-3,1)上有两个不同的实数根,
则
解得2<m≤.
规律方法 解决嵌套函数问题,一般方法是令内层函数为t,构造新的函数或方程,转化成两个函数的交点问题,通过观察分析函数图象求解.
跟踪演练1 (1)(2022·天津质检)已知定义域为(0,+∞)的单调递增函数f(x)满足:∀x∈(0,+∞),有f(f(x)-ln x)=1,则方程f(x)=-x2+4x-2的解的个数为( )
A.3 B.2
C.1 D.0
答案 A
解析 因为定义域为(0,+∞)的单调递增函数f(x)满足∀x∈(0,+∞),有f(f(x)-ln x)=1,
则存在唯一正实数t使得f(t)=1,
且f(x)-ln x=t,即f(x)=t+ln x,
于是得f(t)=t+ln t=1,
而函数y=t+ln t在(0,+∞)上单调递增,
且当t=1时,t+ln t=1,
因此t=1,f(x)=1+ln x,
方程f(x)=-x2+4x-2=1+ln x,
即ln x=-x2+4x-3,
于是得方程f(x)=-x2+4x-2的解的个数是函数y=ln x与y=-x2+4x-3的图象公共点个数,
在同一平面直角坐标系内作出函数y=ln x与y=-x2+4x-3的图象,如图所示,
观察图象知,函数y=ln x与y=-x2+4x-3的图象有3个公共点,
所以方程f(x)=-x2+4x-2的解的个数为3.
(2)(2022·江西重点中学联考)函数f(x)=若关于x的方程[f(x)]2-af(x)+a-1=0恰有四个不同的实数根,则实数a的取值范围为( )
A. B.
C. D.
答案 D
解析 当x>0时,f(x)=,
f′(x)=,
所以当x∈(0,1)时,f(x)单调递增,
当x∈(1,+∞)时,f(x)单调递减,
所以当x>0时,
f(x)=在x=1处取最大值为.
作出函数f(x)的图象如图所示,
因为[f(x)]2-af(x)+a-1=0,
即[f(x)-a+1][f(x)-1]=0,
解得f(x)=1或f(x)=a-1,
当f(x)=1时,观察图象易知此时只有一个交点,即有一个根,
要使关于x的方程[f(x)]2-af(x)+a-1=0恰有四个不同的实数根,
则需要y=a-1与f(x)图象有三个不同交点,
只需要0<a-1<,即1<a<.
考点二 函数的旋转
例3 (多选)双曲线-y2=1绕坐标原点O旋转适当角度可以成为函数f(x)的图象,关于此函数f(x)有如下四个命题,其中真命题是( )
A.f(x)是奇函数
B.f(x)的图象过点或
C.f(x)的值域是∪
D.函数y=f(x)-x有两个零点
答案 AB
解析 双曲线-y2=1关于坐标原点对称,可得旋转后得到的函数f(x)的图象关于原点对称,即f(x)为奇函数,故A正确;
由双曲线的顶点为(±,0),渐近线方程为y=±x,可得f(x)的图象的渐近线为x=0和y=±x,由图象关于直线y=x对称,可得f(x)的图象过点或,故B正确;由对称性可得f(x)的图象按逆时针旋转60°位于一、三象限,按顺时针旋转60°位于二、四象限;
f(x)的图