内容正文:
一、空间几何体的表面积与体积
常见的计算方法:
(1)公式法:根据题意直接套用表面积或体积公式求解.
(2)割补法:割补法的思想是通过分割或补形,将原几何体分割或补成较易计算体积的几何体,从而求出原几何体的体积.
(3)等积变换法:等积变换法的思想是从不同的角度看待原几何体,通过改变顶点和底面,利用体积不变的原理来求原几何体的体积.
(多选)(2021·福建省漳州第一中学高一期中)如图,在直三棱柱ABCA1B1C1中,AA1=2,AB=BC=1,∠ABC=120°,侧面AA1C1C的对角线交点O,点E是侧棱BB1上的一个动点,下列结论正确的是( )
A.直三棱柱的侧面积是4+2
B.直三棱柱的外接球表面积是8π
C.三棱锥EAA1O的体积与点E的位置有关
D.AE+EC1的最小值为2
ABD 解析:在直三棱柱中ABCA1B1C1中,AA1=2,AB=BC=1,∠ABC=120°,
则AC=,底面ABC和A1B1C1是等腰三角形,侧面全是矩形,
所以其侧面积为1×2×2+×2=4+2,故A正确;
设底面外接圆半径为r,即2r=,即r=1,
所以直棱柱的外接球半径R= =,
直三棱柱的外接球表面积为S=4πR2=8π,故B正确;
由BB1∥平面AA1C1C,且点E是侧棱BB1上的一个动点,
∴三棱锥EAA1O的高为定值,
=××=,故C错误;
把侧面AA1C1C和侧面CC1B1B展开在一个平面上,当E为BB1的中点时,
AE+EC1取最小值,(AE+EC1)min==2,故D正确.
[训练1]
(1)(2021·河北保定市第二十八中学高一月考)唐朝的狩猎景象浮雕银杯如图1所示,其浮雕临摹了国画、漆绘和墓室壁画,体现了古人的智慧与工艺.它的盛酒部分可以近似地看作是半球与圆柱的组合体(假设内壁表面光滑,忽略杯壁厚度)如图2所示,设酒杯上部分(圆柱)的体积为V1,下部分(半球)的体积为V2,若V1=2V2,则半球的半径与圆柱的高之比为( )
A.4∶3 B.3∶4
C.1∶2 D.5∶3
(2)(2021·山东邹城市高一期中)如图是底面半径为3的圆锥,将其放倒在一平面上,使圆锥在此平面内绕圆锥顶点S滚动,当这个圆锥在平面内转回原位置时,圆锥本身恰好滚动了3周,则( )
A.圆锥的母线长为18
B.圆锥的表面积为27π
C.圆锥的侧面展开图扇形圆心角为60°
D.圆锥的体积为18π
(1)B 解析:设圆柱的高为h,半径为r,则圆柱的体积为V1=πr2h.
而半球的体积为V2=×=.
因为V1=2V2,所以πr2h=,所以=.
(2)D 解析:设圆锥的母线长为l,以S为圆心,SA为半径的圆的面积为S=πl2,
又圆锥的侧面积S圆锥侧=πrl=3πl,
因为圆锥在平面内转到原位置时,圆锥本身滚动了3周,
所以πl2=3×3πl,解得l=9,
所以圆锥的母线长为9,故选项A错误;
圆锥的表面积S=S圆锥侧+S底=π×3×9+π×32=36π,故选项B错误;
因为圆锥的底面周长为2π×3=6π,
设圆锥的侧面展开图扇形圆心角为α,
则6π=α·9,解得α=,
所以圆锥的侧面展开图扇形圆心角为120°,故选项C错误;
圆锥的高h= ==6,
所以圆锥的体积为V=×π×32×6=18π,故选项D正确.
二、空间中的平行关系
1.证明线线平行的依据
(1)平面几何法(常用的有三角形中位线、平行四边形对边平行).(2)公理4.(3)线面平行的性质定理.(4)面面平行的性质定理.(5)线面垂直的性质定理.
2.证明线面平行的依据
(1)定义.(2)线面平行的判定定理.(3)面面平行的性质.
3.证明面面平行的依据
(1)定义.(2)面面平行的判定定理.(3)垂直于同一直线的两平面平行.(4)面面平行的传递性.
如图所示,四边形ABCD是平行四边形,PB⊥平面ABCD,MA∥PB,PB=2MA,在线段PB上是否存在一点F,使平面AFC∥平面PMD?若存在,请确定点F的位置,并给出证明;若不存在,请说明理由.
解:当点F是PB的中点时,平面AFC∥平面PMD,证明如下:如图,连接AC,交BD于点O,连接FO,则PF=PB.
∵四边形ABCD是平行四边形,∴O是BD的中点.
∴OF∥PD.
又OF⊄平面PMD,PD⊂平面PMD,∴OF∥平面PMD.又MA∥PB,MA=PB,
∴PF∥MA,PF=MA.∴四边形AFPM是平行四边形.
∴AF∥PM.又AF⊄平面PMD,PM⊂平面PMD.
∴AF∥平面PMD.
又AF∩OF=F,AF⊂平面AFC,OF⊂平面AFC.
∴平面AFC∥平面PMD.
[训练2]
如图所示,在正方体ABCDA1B1C1D1中,O为底面ABCD的中心,P是DD1的中点,设Q是CC1上的点,问:当点Q在什