内容正文:
专题16 图形变换中的重要模型之旋转模型
几何变换中的旋转问题是历年中考考查频率高且考查难度较高,综合性强,通常有线段、三角形、(特殊)平行四边形的旋转问题。在解决此类问题时,要牢牢把握旋转的性质,即旋转前后的图形全等,对应角相等,对应边相等,再结合几何图形本身的性质,找到旋转过程中变化的量和不变的量,运用三角形全等或相似的有关知识,求解有关角、线段及面积问题。
模型1.三角形中的旋转模型
1)常规计算型
例1.(2020·四川绵阳·中考真题)如图,在四边形ABCD中,AD∥BC,∠ABC=90°,AB=2,AD=2,将△ABC绕点C顺时针方向旋转后得△,当恰好经过点D时,△CD为等腰三角形,若B=2,则A=( )
A. B.2 C. D.
【答案】A
【分析】过作于,则,根据矩形的性质得,,根据旋转的性质得到,,,,推出△为等腰直角三角形,得到,设,则,,根据勾股定理即可得到结论.
【详解】解:过作于,
则,,,,
四边形是矩形,,,
将绕点顺时针方向旋转后得△,
,,,,△△,,
△为等腰三角形,△为等腰直角三角形,,
设,则,,,
,(负值舍去),,
,,,故选:.
【点睛】本题考查了旋转的性质,等腰直角三角形的性质,矩形的判定和性质,相似三角形的判定和性质,勾股定理,正确的识别图形是解题的关键.
变式1.(2022·山西·中考真题)综合与实践
问题情境:在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=6,AC=8.直角三角板EDF中∠EDF=90°,将三角板的直角顶点D放在Rt△ABC斜边BC的中点处,并将三角板绕点D旋转,三角板的两边DE,DF分别与边AB,AC交于点M,N,猜想证明:
(1)如图①,在三角板旋转过程中,当点M为边AB的中点时,试判断四边形AMDN的形状,并说明理由;问题解决:(2)如图②,在三角板旋转过程中,当时,求线段CN的长;
(3)如图③,在三角板旋转过程中,当AM=AN时,直接写出线段AN的长.
【答案】(1)四边形AMDN为矩形;理由见解析;(2);(3).
【分析】(1)由三角形中位线定理得到 ,证明∠A=∠AMD=∠MDN=90°,即可证明结论;
(2)证明△NDC是等腰三角形,过点N作NG⊥BC于点G,证明△CGN∽△CAB,利用相似三角形的性质即可求解;(3)延长ND,使DH=DN,证明△BDH≌△CDN,推出BH=CN,∠DBH=∠C,证明∠MBH=90°,设AM=AN=x,在Rt△BMH中,利用勾股定理列方程,解方程即可求解.
【详解】解:(1)四边形AMDN为矩形.理由如下:∵点M为AB的中点,点D为BC的中点,
∴,∴∠AMD+∠A=180°,∵∠A=90°,∴∠AMD=90°,
∵∠EDF=90°,∴∠A=∠AMD=∠MDN=90°,四边形AMDN为矩形;
(2)在Rt△ABC中,∠A=90°,AB=6,AC=8 ∴∠B+∠C=90°,.
∵点D是BC的中点,∴CD=BC=5.∵∠EDF=90°,∴∠MDB+∠1=90°.
∵∠B=∠MDB,∴∠1=∠C.∴ND=NC.过点N作NG⊥BC于点G,则∠CGN=90°.
∴CG=CD=.∵∠C=∠C,∠CGN=∠CAB=90°,∴△CGN∽△CAB.
∴,即,∴;
(3)延长ND至H,使DH=DN,连接MH,NM,BH,
∵MD⊥HN,∴MN=MH,∵D是BC中点,∴BD=DC,
又∵∠BDH=∠CDN,∴△BDH≌△CDN,∴BH=CN,∠DBH=∠C,
∵∠BAC=90°,∵∠C+∠ABC=90°,∴∠DBH+∠ABC=90°,∴∠MBH=90°,
设AM=AN=x,则BM=6-x,BH=CN=8-x,MN=MH=x,
在Rt△BMH中,BM2+BH2=MH2,∴(6-x)2+(8-x)2=(x)2,解得x=,∴线段AN的长为.
【点睛】本题考查了全等三角形的判定和性质,相似三角形的判定和性质,矩形的判定,勾股定理,解第(3)问的关键是学会利用参数构建方程解决问题.
2)最值(范围)型
例1.(2022·江苏常州·一模)如图,在Rt△ABC和Rt△CDE中,∠BAC=∠DCE=90°,AB=AC=4,CD=CE=2,以AB、AD为邻边作平行四边形ABFD,连接AF.若将△CDE绕点C旋转一周,则线段AF的最小值是______.
【答案】
【分析】证明当D,E,F共线时,△AOF为等腰直角三角形,可得AF= AO,当AO有最小值时,AF最小,由此可得CO=, AO= AF=.
【详解】解:当D,E,F共线时,AF最小,如图所示,
∵AB=AC,AB=DF,∴AC=DF,又∵∠FDC=∠ACD=45°,∴DO=OC,∴OA=OF,
∵∠AOF=90°∴AF=AO,当AO有最小值时,AF最小,即当O在AC上时,此时D,E,F