内容正文:
专题五。概率与统计
_________
第1讲ⅳ计数原理与概率
二常考考/点/清\sqrt{单}cHANGKAOKAODIAN OINGDAN
考点一二_两个计数原理的联系与区别(2)增减性。二项式系数C|+当k≤”。-n∈N”)时,C;随
原理│分类加法计数原理│分步乘法计数原理人的增加而增大;当k≥”2(n∈N*)时,C_t^随k的增加
数而言的____(3)最大值。当n为偶数时,中间的一项C,最大;当n为
每类办法都能独立每一步得到的只是中奇数时,中间的两项C_m^与Cn^相等且最大。
完成这件事,它是|间结果,任何一步都不4)各二项式系数的和。(a+b)”的展开式的各二项式系
独立的、一次的,且能独立完成这件事,缺数的和为2“,奇数项的二项式系数的和等于偶数项的二
区别一|每次得到的是最后|少任何一步也不可,只项式系数的和。__
结果,只需一种方|有各步骤都完成了才考点四_古典概型
法就可完成这件事|能完成这件事1.古典概型的特征
各类办法之间是互|各步之间是相互依存(1)有限性:样本空间的样本点只有有限个;
(2)等可能性:每个样本点发生的可能性相等。
n(A
2.计算公式:P(A)=nω,其中n(A)和n(Ω)分别表示事
立的___________不能遗漏件A和样本空间Ω包含的样本点个数。
考点二⊥_排列数,组合数的公式及性质考点五条件概率、全概率公式及相互独立事件
(1)A”=n(n-1)(n-2)…(n-m+1)1.条件概率及其性质
(1)一般地,设A,B为两个随机事件,且P(A)>0,称
P(B|A)=P(A)为在事件A发生的条件下,事件B发
(2)C”-A生的条件概率,简称条件概率.
(2)条件概率的性质
=n(n-1)(n-2)…(n-m+1)设P(A)>0,则
m!①P(Ω|A)=1;
n!②如果B和C是两个互斥事件,则P(B∪C|A)=
―m!(n-m)!n,m∈N^,且m≤n)P(B|A)+P(C|A).
特别地,C,=1③设B和B互为对立事件,则P(B|A)=1-P(B|A)。
性质
2.全概率公式
一般地,设A_1,A_2…,A_n是一组两两互斥的事件,A_1∪A_2∪
C,+1=C”+C”-'_“UA_n=Ω,且P(A_,)>0.i=1,2,…m则对任意的事件B⊆
考点三⊥二项式定理_______Ω,有P(B)=ΣP(A_2)P(B|A_;),称此公式为全概率公式。
1.二项式定理3.相互独立事件
(1)公式(a+b)^2=C,a”+C_4a”-1b^1+…+C_aa”-b^k+…(1)对于事件A,B,若A的发生与B的发生互不影响,则
称A、B是相互独立事件。
+C”b”(n∈N*)叫做二项式定理。(2)若A与B相互独立。则P(B|A)=P(B),P(AB)=
(2)通项:T_k+1=Cha”-tb^k为展开式的第k+1项。P(B|A)·P(A)=P(A)·P(B)。
2.二项式系数的性质―(3)若A与B相互独立,则A与B.A与B.A与B也都相
_(1)对称性。与首末两端“等距离”的两个二项式系数相互独立。
等,即Cm=Cn-”.(4)若P(AB)=P(A)P(B),则A与B相互独立。
143—
第一部分·攻克六大堡垒
要技X能拓展
ZHONGYAO JINENG TUOZHAN
考法
排列组合问题、分组与分配问题的解法
C3CCA=140.故满足条件的方法种数为3600十
A
直接法
把符合条件的排列数直接列式计算
1440=5040.
优先法
优先安排特殊元素或特殊位置
[答案]C
(2)从6男2女共8名学生中选出队长1人,副队长1人,
捆绑法
把相邻元素看作一个整体与其他元
素一起排列,同时注意捆绑元素的
普通队员2人组成4人服务队,要求服务队中至少有1名
内部排列
女生,则共有
种不同的选法.(用数字作答)
对丁不相邻问题,先考虑不受限制
[解析]方法一:只有1名女生时,先选1名女生,有C
插空法
的元素的排列,可将不相邻的元素
插在前面元素排列的空当中
种方法;再选3名男生,有C?种方法:然后排队长、副队
长位置,有A?种方法,由分步乘法计数原理知,共有
先整体片局部
“小集团”排列问题中,先整体后
局部
C2CA?=480(种)选法.
对于定序问题,可光不考虑顺序限
有2名女生时,再选2名男生,有C哈种方法;然后排队长、
定序问题除法
处理
制,排列后,再除以定序元索的全
副队长位置,有A种方法.由分步乘法计数原理知,共有
排列
C治A=180(种)选法.所以依据分类加法计数原理知,共
间接法
正难则反,等价转化
有480+180=660(种)不同的选法.
方法二:不考虑限制条件,共有AC治种不同的选法,而没
“含”
先将某些
由另外元
“含”或“不含”
元素取山
素补起
有女生