内容正文:
6.3.4 空间距离的计算
一、单选题
1.在正方体ABCD—中,异面直线AD,所成角的余弦值为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】建立空间直角坐标系,利用空间向量求解异面直线的夹角余弦值.
【解析】如图,以为坐标原点,分别以为轴,建立空间直角坐标系,
不妨设正方体边长为1,则,
则,
设异面直线AD,所成角为,
则.
故选:D
2.已知,,,则点A到直线BC的距离为( )
A.2 B. C.4 D.
【答案】B
【分析】首先利用空间向量求出在上的投影,再利用勾股定理即可求解.
【解析】由题意可得,,,则在上的投影为,则点到直线的距离为.
故选:B
3.两平行平面分别经过坐标原点O和点,且两平面的一个法向量,则两平面间的距离是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】由空间向量求解
【解析】∵两平行平面分别经过坐标原点O和点,
且两平面的一个法向量,
∴两平面间的距离.
故选:A
4.正四棱锥的高,底边长,则异面直线和之间的距离
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】利用坐标法,利用异面直线距离的向量公式即求.
【解析】建立如图所示的直角坐标系,则
,,,,.
,.
令向量,且,则,
,,
,.
异面直线和之间的距离为:
.
故选:C.
5.在空间直角坐标系中,若有且只有一个平面,使点到的距离为1,且点到的距离为4,则的值为( )
A.2 B.1或3
C.2或4 D.或
【答案】B
【分析】由点到平面的距离是确定的且平面只有一个,可得,且两点在平面同侧,由此可得线段的长,从而求得值,
【解析】因为有且只有一个平面,使点到的距离为1,且点到的距离为4,所以,且两点在平面同侧,,
,或3.
若,则线段与平面至少有下列两种位置关系,即平面至少有两个.
若,由上面的图形知,两点到平面的距离的差的绝对值不大于,与已知矛盾,即不存在平面满足题意.
故选:B.
6.已知四边形是边长为4的正方形,分别是边的中点,垂直于正方形所在平面,且,则点到平面的距离为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】连接,交于,交于,过作,垂足为,则问题转化为求的长度,根据两个直角三角形相似,对应边成比例可解得结果.
【解析】如图:连接,交于,交于,
因为分别是边的中点,所以,
因为平面,所以平面,所以点到平面的距离等于点到平面的距离,
因为平面,所以,又,,
所以平面,因为,所以平面,
因为平面,所以平面平面,
过作,垂足为,则平面,则为点到平面的距离,
在直角三角形和直角三角形中,,所以,
所以,所以,
因为正方形的边长为4,所以,
,,
所以.
所以点到平面的距离为.
故选:D
【点睛】本题考查了直线与平面垂直的性质,考查了直线与平面垂直的判定,考查了平面与平面垂直的判定与性质,考查了直线与平面平行的判定,考查了求点到平面的距离,属于中档题.
7.如图,点为矩形所在平面外一点,平面,为的中点,,,,则点到平面的距离为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】分别以,,所在直线为轴、轴、轴建立空间直角坐标系,则,,,,再利用点到平面的距离,即可得答案;
【解析】如图,分别以,,所在直线为轴、轴、轴建立空间直角坐标系,则,,,,
,,.
设平面的法向量为,
则,即.
令,则,,∴.
∴点到平面的距离.
故选:B.
【点睛】本题考查利用向量法求点到面的距离,考查空间想象能力、运算求解能力.
8.如图,已知正方体的棱长为1,为正方形的中心,若为平面内的一个动点,则到直线的距离的最小值为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】建立空间直角坐标系,列出线面距离公式即可求解.
【解析】
如图,以为轴建立空间直角坐标系,则有
,因为为正方形的中心,得,
,,,
设平面的法向量为,利用,则,
取,解得,有,且平面,则直线平面,
设直线的到平面距离为,取直线上一点,与平面上一点,则,
利用空间中点面距离公式有:.
故选:A
9.如图,已知正方体棱长为3,点在棱上,且,在侧面内作边长为1的正方形,是侧面内一动点,且点到平面距离等于线段的长,则当点运动时,的最小值是( )
A.21 B.22 C.23 D.13
【答案】D
【解析】建立空间直角坐标系,根据在内可设出点坐标,作,连接,可得,作,根据空间中两点间距离公式,再根据二次函数的性质,即可求得的范围.
【解析】根据题意,以D为原点建立空间直角坐标系如图所示:
作交于M,连接,则
作交于N,则即为点P到平面距离.
设,则
∵点到平面距离等于线段的长
∴
由两点间距离公式可得,化简得,则解不等式可得
综上可得
则在中
所以(当时 取等)
故选:D
【点睛】本题考查了空间直角坐标系的综合应用,利用空间两点间距离