内容正文:
法二通信兵由队尾出发,最后文回到队尾,因此他与队尾!11.选C100的成绩指的是总时间,运动员的运动过程是
士兵前进的位移相同,而队伍中每个士兵前进的位移都与
一个变速运动,故无法求得运动时间,A错误;胸前号码布
整个队伍前进的位移相同,故通信兵的位移是200,又由
上的模糊部分的宽度为△L,即为两次曝光时运动员的底片
于通信兵先是前进300m,又折回到离出发,点200m处,故
上的位移,根据运动员底片上的高度和实际高度的比例即
其路程为400m。
答案:200m400m
可求得两次曝光的实际位移为、=△H,所以冲制时的瞬
h
“四翼”检测评价(三)
时速度u=三=60△LH,B错误C正确:1O0m内的平均速
h
1.选AD速度是描述物体运动快慢的物理量,物体位置变化越!
度等于总位移除以总时间,因无法求得时间,所以无法求出
快,速度越大,但位移不一定大。瞬时速度的大小叫瞬时速
平均速度,D错误。
率,简称速率,是标量,A、D正确。
:12.解析:(1)前3s的位移s=(15-5)m=10m
2.选C600km/h约为167m/s,A错误;计算磁悬浮列车经过某
一点的时间时,其形状和大小不可以忽略,故不能看作质点,B
则前3s的平均追度可=号m/s,方向沿轴的正方向。
错误;高铁的最大速度约为350km/h,此磁悬浮列车的最大速
(2)1~4s内物体处于静止状态,则1=3s时,瞬时速度0=0。
度比高铁的大,C正确;600km/h指的是瞬时速度,D错误。
3.选D由题图可知,全程的位移为s=6cm一1cm=5cm,时
(3)全程的位移s2=(0-5)m=-5m
间1=3X0.02s=0.06s,则全程的平均速度v=
金程的平均地度=号-司
m/s=-1 m/s
负号表示方向沿轴的负方向。
0.05m≈0.83m/s,D正确
0.06s
(4)全程的路程1'=(15-5+15)m=25m
4,选A第2s内的平均速度大小=、=4
m/s=4 m/s,A
平均速率=L=25
5
m/s=5 m/s
正确,B错误;因为汽车做变速直线运动,所以无法求出瞬时
速度大小,C、D错误。
答案:()号m/s方向沿s轴的正方向(2)0
5.选B由于~t图像的斜率等于速度,则由图像可得出UA=
(3)一1m/s,负号表示方向沿s轴的负方向(4)5m/s
6
6
“四翼”检测评价(四)
4m/s=2m/s,=3m/s=2m/s,=-3m/s=
1.选D小汽车在高速且匀速行驶时,速度很大,而加速度为
一2m/s,D图表示的物体做变速运动,故B正确,A、C、D均·
0,A项可能;小汽车在刚起动时,速度为0,加速度不为0,B
错误。
项可能;在较长的时间内,小汽车加速度较小,速度变化量也
6.选D根据导航仪的提示,不能判断出汽车是否做匀速运动
及汽车此时的运动状态,故A,B错误;由于“前方路段拥堵
可以很大,C项可能:加速度是表示速度变化快慢的物理量,
加速度大,速度变化一定快,D项不可能。
3公里,预计通行时间24分钟”,可知通过前方这3公里的
过程中,车子的平均速度大约为=三=3km=7.5km/h,
2.选BC加速度是描迷速度变化快慢的物理量,是速度的变
化率,加速度大说明速度变化得快,速度变化率大,而不是速
度变化量大,加造度的定义式口=会是个关量式,所以加速
但不能据此判断出3km以后汽车做怎样的运动,所以并不
能判断出到达目的地所需要的时间,故C错误,D正确。
度的方向总是和速度变化量的方向相同,A错误,B、C正确;
7.选B第2s末质点在B点,可得前2s内的位移大小为√2m,
加速度为负值,说明速度变化量为负值,物体的速度方向未
知,则物体不一定做减速运动,D错误。
A错误;第4s末质点运动到C点,则前4s内的位移大小为2m,3.选BC由题意可知,两车的速度变化量大小相等,都是
收平均速度大小为v=4=0.5m/s,B正确;质点的速率不!
100km/h,A错误,B正确;根据a=A可知,速度变化量大
△t
变,在第6s末的速率为1m/s,C错误:8s末,质点回到A点,
小相等时,加速度的大小与所用时间成反比,因此甲车的加
前8s内质点通过的路程为8m,故平均速率为1m/s,D错误。
8.选D整个过程总位移为零,则平均速度为零;设从山脚到
速度较大,C正确,D错误。
2U2
4.选D以水平向西为正方向,则初速度=10m/s,末速度
2
山顶的路程为s,则全程平均速率
1十2
。故
=-15m/s,所以足球的加速度a=马二=二15-10m/g
0.5
选项D正确」
=一50m/s,负号表示加速度的方向与初速度的方向相反,即
9.解析:(1)质点的位移是由A点指向B点的有向线段,则位
水平向东,故D正确。
移大小为线段AB的长度,由题图中几何关系