内容正文:
第14课 导数的应用
普查与练习14 Ⅰ 利用导数研究函数的单调性与极值
1.利用导数研究函数的单调性
a.讨论函数的单调性
(1)(2023改编,12分)已知函数f(x)=lnx-x2+2ax+1.
(Ⅰ)若a=0,求函数f(x)的单调区间;
答案:f(x)的单调递增区间为(e,+∞),单调递减区间为(0,e)
解:易知函数f(x)的定义域是(0,+∞).
当a=0时,f(x)=x2lnx-x2+1,
所以f′(x)=xlnx-x.
令f′(x)=xlnx-x=0,则lnx-1=0,解得x=e.
当x∈(e,+∞)时,f′(x)>0;
当x∈(0,e)时,f′(x)<0,
所以函数f(x)的单调递增区间为(e,+∞),单调递减区间为(0,e).(5分)
(Ⅱ)讨论函数f(x)的单调性.
答案:当a≤0时,f(x)在(0,e)上单调递减,在(e,+∞)上单调递增;当0<a<e时,f(x)在(0,a)和(e,+∞)上单调递增,在(a,e)上单调递减;当a=e时,f(x)在(0,+∞)上单调递增;当a>e时,f(x)在(0,e)和(a,+∞)上单调递增,在(e,a)上单调递减
解:f′(x)=(x-a)lnx-x+a=(x-a)(lnx-1).(7分)
①当a≤0时,令f′(x)>0,解得x>e;令f′(x)<0,解得0<x<e,
所以f(x)在(0,e)上单调递减,在(e,+∞)上单调递增.(8分)
②当0<a<e时,令f′(x)>0,解得x>e或0<x<a;
令f′(x)<0,解得a<x<e,
所以f(x)在(0,a)和(e,+∞)上单调递增,在(a,e)上单调递减.(9分)
③当a=e时,f′(x)≥0恒成立,
所以f(x)在(0,+∞)上单调递增.(10分)
④当a>e时,令f′(x)>0,解得x>a或0<x<e;
令f′(x)<0,解得e<x<a,
所以f(x)在(0,e)和(a,+∞)上单调递增,在(e,a)上单调递减.(11分)
综上,当a≤0时,f(x)在(0,e)上单调递减,在(e,+∞)上单调递增;
当0<a<e时,f(x)在(0,a)和(e,+∞)上单调递增,在(a,e)上单调递减;
当a=e时,f(x)在(0,+∞)上单调递增;
当a>e时,f(x)在(0,e)和(a,+∞)上单调递增,在(e,a)上单调递减.(12分)
(2020全国Ⅱ,12分)已知函数f(x)=2lnx+1.
(Ⅰ)若f(x)≤2x+c,求c的取值范围;
答案:[-1,+∞)
解:f(x)≤2x+c等价于2lnx-2x≤c-1.(1分)
设h(x)=2lnx-2x(x>0),
则h′(x)=-2=(x>0).
当x∈(0,1)时,h′(x)>0,h(x)单调递增;
当x∈(1,+∞)时,h′(x)<0,h(x)单调递减,
∴h(x)的最大值为h(1)=-2,(3分)
∵c-1≥f(x)max=-2,∴c≥-1,
即c的取值范围为[-1,+∞).(5分)
(Ⅱ)设a>0,讨论函数g(x)=的单调性.
答案:g(x)在(0,a)和(a,+∞)上单调递减
解:由题意知g(x)===,x∈(0,a)∪(a,+∞).
求导得g′(x)==,x∈(0,a)∪(a,+∞).(7分)
令φ(x)=--2lnx+2lna+2(x>0),
则φ′(x)=-=(x>0).(8分)
令φ′(x)>0,解得0<x<a;
令φ′(x)<0,解得x>a,
∴φ(x)在(0,a)上单调递增,在(a,+∞)上单调递减,(10分)
∴φ(x)≤φ(a)=-2-2lna+2lna+2=0,
∴g′(x)<0,
∴g(x)在(0,a)和(a,+∞)上分别单调递减.(12分)
b.已知函数的单调性求参数的取值范围
(3)(2023汇编,15分)已知函数f(x)=x3-ax-1.
(Ⅰ)若f(x)在(-1,1)上单调递减,则实数a的取值范围为 [3,+∞) ;
(Ⅱ)若f(x)的单调递减区间为(-1,1),则实数a的值为 3 ;
(Ⅲ)若f(x)在(-1,1)上不单调,则实数a的取值范围为 (0,3) .
(Ⅰ)(法一)由题意, f ′(x)=3x2-a,由f(x)在(-1,1)上单调递减,得f ′(x)≤0在(-1,1)上恒成立,即a≥3x2恒成立.又因为当x∈(-1,1)时,函数y=3x2的值域是[0,3),所以实数a的取值范围是[3,+∞).
(法二)当a≤0时,f ′(x)=3x2-a≥0,显然没有递减区间,不合题意.
当a>0时,令f ′(x)=3x2-a=0,得x=±,
易知当x∈时, f(x)单调递减.
若f(x)在(-1,1)上单调递减,则(-1,1)应为的子区间,即≥1,解得a≥3.所以实数a的取值范围是[3,+∞).
(Ⅱ)由(Ⅰ)知f(x)的单调