内容正文:
当a>0时,由f(x)=0可得x=lna,当x∈(-oo,lna)时,f(r)<5.解:(1)当a=1时,f(x)=r1-2nt,x>0,
0;当x∈(lna,十∞)时,f(x)>0.所以f(x)在(-∞,lna)单调递
减,在(lna,十o∞)单调递增.故当x=Ina时,f(.x)取得最小值,最小
则f)=1-是-2
值为f(lna)=一a(1十lna).
由f(x)>0,得x>2,由f(x)<0,得0<x<2.
①若0<a≤是,则na)≥0,f)在(-00,十∞)至多存在1个零
故f(x)的单调递减区间为(0,2),单调递增区间为(2,十∞).
点,不合题意.
(2)因为当x→0时,f(x)→+∞,所以f(x)<0在区间(0,3)上不
②若a>。,则fna)<0,
可能恒成立,
由于f(-2)=e2>0,所以f(x)在(一oo,lna)存在唯一零,点.
故要使函最f)在(0,号)上无零点,
由(1)知,当x>2时,ex-x-2>0,所以当x>4且x>2ln(2a)时,
只要对任意的x∈(0,3))>0恒成立,
fx)=e·e-a(x+2)>eh2·(号+2)-a+2)=2a>0.
故f(x)在(lna,十∞)存在唯一零,点.从而f(x)在(一oo,十o∞)有两
即对x(0,号)a>2恒成立.
个零点.
踪上a的取值花国是(仁十∞)】
令)=20e(0号]
4.解:(I)因为f(x)=工-1-1nx,定义城为(0,+oo),所以(r)=1
则h'(x)
2h+是-2
(-1)2
+1-1=x2-x+1
x2
因为-十1=(-合)广+是>0,所以了>0位成立,所以
则m'(x)=
21<0,故m()在(0,号]上单调递减
)-一上-lnx在定义诚(0,十o∞)上单调运增,
于是mx)≥m(号)=4-21n3≥0:
()证明:了()-1+子-子,令f(G)-f()-m,
从而2≥0:于是)在(0,号]上单调遥增
(1-1+1-m=0,
所以时r(0,号)有x)<a(号)=2-3h3
得1一1+1-m=0.
所以a的取值范围为[2一3ln3,十∞).
x号r2
6.解:(1)f(x)=e-x-a,令g(x)=f(x),
由根与系数的关系得十=1,即1十=>2西,得
则g'(x)=er-1,令g'(x)=0,得x=0.
当x∈(-∞,0)时,g(x)<0,g(x)在(一,0)上单调递减:当x∈
x1x2>4,
(0,十∞)时,g(x)>0,g(x)在(0,十∞)上单调递增
1+/)=+)-(货+)-(a西+n)=
所以g(x)mm=g(0)=1-a.
当a≤1时,g(x)nim=1-a≥0,即g(x)=f(x)≥0,
-n(x1x2)-1.
则f(x)在R上单调递增.
令t=x1.x2>4,则x1x2-ln(xx2)-1=t-lnt-1.令g()=t-lnt
当a>1时,g(x)mim=1-a<0.
-1(1>4),
易知x→一∞时,g(x)→十∞;
则g'e)=1->0(>4,得g0)>g(4)=3-2n2.
当x→十∞时,g(x)→十∞.
由函数零点存在定理知,3U1,x2(不妨设x1<0<x2),使得g(x1)=
即f(x1)+f(.2)>3-2ln2:
g(x2)=0.
当x∈(-∞,x1)时,g(x)>0,即f(x)>0:
(Ⅲ)由f(.x)=k.x+b,得(1一k)x
-Inx-6=0,
当x∈(x1x2)时,g(x)<0,即f(x)<0:
则由题意知,对任意k∈(-o0,1),方程(1-k).x一】-1nx-b=0有
当x∈(x2,十∞)时,g(x)>0,即f(x)>0.
所以f(x)在(-∞,心)和(2,十∞)上单调递增,在(,x2)上单调
唯一解
递减。
令m(x)=(1-kx-1-lnx-b,则m(x)在(0,十∞)上有唯-
综上所述,当a≤1时,f(x)在R上单调递增;当a>1时,f(x)在
(一∞,x1)和(x2,十∞)上单调递增,在(12)上单调递减.
零点
(2)构造函数F(x)=f(x)十f(一x)-2,x≥0,
m()=1-)x2-x+1,令1-)2-x+1=0,则△=46-3.
则F)=e-r-a+[er-+ar]
-2=e+er-2
当≤子时,m'(x)≥0,m(r)在(0,十∞)上单调递增,
2,x≥0,
F(x)=e2-er-2.x,令h(x)=F'(x),则h'(x)=e十ex一2≥
叉当→0时,m(x)→一∞,当→十o∞时,m(x)→十0∞,
.m(x)在(0,十∞)上有唯一零点.
2√e·ex-2=0(当且仅当x=0时取等号).
当是<6<1时,m()=0有两个不同实根,
所以F'(x)在[0,十co)上单调递增,则F(x)≥F'(0)=0.所以F(.x)
在[0,十∞)上单调递增,F