第5章 机械能（讲义）-2023高考物理一轮复习【创新方案】高三总复习（新教材 新高考）

3.解析：(1)根据F=mrw,要探究小球受到的向心力大小与角 要的向心力大，所以曲线①对应的砝码质量小于曲线②对应 速度的关系，需控制小球的质量和运动半径不变，A正确。 的砝码质量。 (2)由前面分析可以知道该实验采用的是控制变量法。 答案：（1)w= d (2)小于 F=1,=2 r△t (3)根播F=m心，产=合，片=是，故可以知道左边轮塔[例2习解析：实验中探究向心力 与右边轮搭之间的角速度之比为1：2。 和速度的关系，保持圆柱体质量和 8 答案：(1)A(2)控制变量法(3)1：2 运动半径不变，采用的实验方法是 6 NO.3融通创新考法 控制变量法，B正确。 [例1门解析：指光杆转功的线追度=品由w一二，计算得 (2)①作出Fv图线，如图所示。 ②根据F=mt知，图线的斜率k 04 246810u/(m2.s） 出：山=风。砝码与挡光杆转动的角速度相同。 =”,则有：=790，代入数据计算得出：m≈0.18kg。 (2)若保持角速度和半径都不变，则砝码做圆周运动的向心 0 加速度不变，由牛顿第二定律F=ma可知，质量大的砝码需！ 答案：(1)B(2)①见解析图②0.18 第五章 机械能 第一讲功和功率 ![例3]选A绳子对滑块做的功为变力做功，可以道过转换 研究对象，将变力的功转化为恒力的功；因绳子对滑块做的 ○纲举目张·主干系统 功等于拉力F对绳子做的功，而拉力F为恒力，W=F·△， 力位移Fleos&正功不做功 负功快慢 △1为绳拉滑块过程中力F的作用，点移动的位移，大小等于 Fucos a 滑轮左侧绳长的缩短量，由题图可知，△l>△lx,故W,> W2,A正确。 [微点判断](1)×(2)/(3)×(4)/(5)/(6)/ (7)/(8)/(9)X [例4]选AC总质量为M的小方块在进入粗糙水平面的过程 中滑动摩擦力由0均匀增大，当全部进入时摩擦力达最大值 ○关键知能·逐点清障 提能点()1.C2.C3.B Mg,总位移为，平均摩擦力为F=Mg,由功的公式可得 提能点（二）1.A2.A3.C 提能点（三） W,=-F·l=-号Mgl,功的大小为号Mgl,C正确，D错 [典例]选C对动车组由牛顿第二定律有F一Fa=a,动车 组在匀加速启动过程，即动车组加速度a恒定，但F=kv随 误：用动能定理计第，则为：W=0一号M附=一合M,共大小 速度增大而增大，则牵引力也随速度增大而变大，故A错误；} 若四节动力车厢输出功率均为额定值，则总功率为4P,由牛！ 为号M,A正确，B错误。 顿第二定律有号-知=加成可知加连启动的过，率引力：[例西选制于检有小B志处于大钻点，年黄的压意 设为，由胡克定律有x,=mg:木块B恰好离开地面时， 减小，阻力增大，则加速度逐渐减小，故B错误；若四节动力车 弹簧的拉力等于B的重力，设此时弹簧的伸长量为x2,由胡 厢输出的总功率为2.25P,则动车组匀速行驶时加速度为零， 有2.25 =,而以额定功率匀速运动时，有P=知，联立解 克定律有k红=mg,可得=工=，则这一过程中，弹簧 得=子，故C正确：若四节动力车原输出功率均为额定 弹力做功为零，木块A上升的高度h=十x2=2mg,设变 k 力F做的功为WF,由动能定理得W。一W=O,又W= 值，动车组从静止启动，经过时间1达到最大速度m,由动能 定理可知4P1-Wa=2m.”-0,可得动车组克服阻力微的 mgh=2mg,所以w,=2mg,B正确。 k 功为Wm=4Pt-之m”,故D错误 第二讲动能动能定理 。纲举目张·主干系统 [针对训练] 1.选B在ab段，根据平衡条件可知，牵引力F,=mngsin0,十！运动焦耳 2m%2、1 m2 动能的变化E2一Ex f,0,为ab段路面与水平面的夹角，所以在ab段汽车的输出 :合外力 功率P,=F,v不变，在bc段牵引力F2=f,bc段的输出功率 :[微点判断](1)× (2)、/ (3)/(4)×(5)/(6)× P,=F2<P1,选项A错误，B正确；在cd段牵引力F=f(7)X(8)√ 一mgsn0,品为cd段路面与水平面的夹角，汽车的输出功○关键知能·逐点清障 率P3=F3vP2,在(d段汽车的输出功率不变，且小于bc 段的输出功率，选项C、D错误。 !提能点（一）1.C2.C3.A 2,选BD汽车达到最大速度时，牵引力等于阻力，则该汽车的额提能点（二） 定功率为P=F'0m=f,A错误，B正确：汽车做匀加速直线运[典例] 解析：(1)小滑块在A→B→CD过程中，应用动能 1 动时F一f=a,匀加速运动结束时P=F,匀加速运动的时间 定理得mg(h一h:)一mgs=之mvn2-0, 是t仁口，联立解得t仁 f什maaC错误，D正确。 fUm 代入数据解得vp=3m/s。 提能点（四） (2)