内容正文:
期末测试B卷压轴题模拟训练(二)
B卷(共50分)
一、填空题(本大题共5个小題,每小題4分,共20分,答案写在答题卡上)
21.已知a,b为两个连续的整数,且,则的平方根为___________.
【答案】±3
【分析】分别算出a,b计算即可;
【详解】∵a,b为两个连续的整数,且,∴,
∴,∴,,∴,的平方根为±3;故答案是:±3.
【点睛】本题主要考查了无理数的估算和求一个数的平方根,准确计算是解题的关键.
22.如图,点D是Rt△ABC斜边AB的中点,点E在边AC上.△A'B′C′与△ABC关于直线BE对称,连结A′C.且∠CA′C'=90°.若AC=4,BC=3.则AE的长为_____.
【答案】
【详解】解:连接CD,C'D,
∵∠CA'C'=90°,由轴对称性质得:CD=C'D=A'D=AB=A'B',∴C、D、C'三点共线,∴CC'=A'B',
∵△A'CC'≌△C'B'A'(HL),∴A'C=C'B'=CB=3,
设AE=x,则CE=4﹣x,
∵AE=A'E,在Rt△A'EC中,由勾股定理得:,
解得:∴AE=,故答案为:.
【点睛】本题考查了轴对称、勾股定理、全等三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会用方程的思想解决问题,属于中考填空题的压轴题.
23.如图在平面直角坐标系中,直线的图像分别与y轴和x轴交于点A,点B.定点P的坐标为,点Q是y轴上任意一点,则的最小值为__________.
【答案】
【分析】
以点P为顶点,y轴为一边,在y轴右侧作,与x轴交于点D,作点B关于y轴的对称点,过点作,交y轴与点Q,根据直角三角形的性质得出即为最小值,然后利用勾股定理和直角三角形的性质求出的长即可.
【详解】
如图,以点P为顶点,y轴为一边,在y轴右侧作,与x轴交于点D,作点B关于y轴的对称点,过点作,交y轴与点Q,
∵,∴,
∵此时,则即为的最小值.
∵,∴,
根据勾股定理可得,解得,
∵直线的图象分别与y轴和x轴交于点A,点B,
令x=0,得y=4;令y=0,得x=4,则点,
∴,∴,∴,
∵,∴,∴,
∴,即的最小值为.
故答案为:.
【点睛】本题考查勾股定理,最短路径问题,以及一次函数与坐标轴的交点等,正确得出最短路径是解题关键.
24.如图,在平面直角坐标系中,ABC,A1B1C1,A2B2C2,A3B3C3…AnBnCn都是等腰直角三角形,点B,B1,B2,B3…Bn都在x轴上,点B1与原点重合,点A,C1,C2,C3…Cn都在直线l:y=x+上,点C在y轴上,AB∥A1B1∥A2B2∥…∥AnBn∥y轴,AC∥A1C1∥A2C2∥…∥AnCn∥x轴,若点A的横坐标为﹣1,则点Cn的纵坐标是_____.
【答案】
【分析】
分别求出C1,C2,C3,C4,…,探究规律,利用规律解决问题即可.
【详解】
解:由题意A(﹣1,1),可得C(0,1),
设C1(m,m),则m=m+,
解得m=2,
∴C1(2,2),
设C2(n,n﹣2),则n﹣2=n+,
解得n=5,
∴C2(5,3),
设C3(a,a﹣5),则a﹣5=a+,
解得a=,∴C3(,),
同法可得C4(,),…,Cn的纵坐标为,故答案为.
【点睛】本题考查等腰直角三角形的性质,一次函数的应用,规律型问题等知识,解题的关键是学会探究规律的方法,属于中考填空题中的压轴题.
25.甲、乙两车分别从,两地同时相向匀速行驶.当乙车到达地后,继续保持原速向远离的方向行驶,而甲车到达地后立即掉头,并保持原速与乙车同向行驶,经过一段时间后两车同时到达地.设两车行驶的时间为(小时),两车之间的距离为(千米),与之间的函数关系如图中的折线所示,其中点的坐标为,点的坐标为,则的面积为______.
【答案】1200
【分析】5小时后两车距离最大,可知甲车到达B地用5小时,从而可求得甲车的速度,3小时后相遇,可求得两车的速度和,从而求得乙车的速度,从而求得F点纵坐标,设甲、乙两车出发后经过t小时同时到达C地,根据甲乙两车的路程相差300千米,列方程可求得t的值,即G点的坐标,最后根据三角形面积公式计算即可.
【详解】解:∵的坐标为,∴AB=300千米.∴甲车的速度=300÷5=60千米/小时,
又∵300÷3=100千米/小时,∴乙车的速度=100-60=40千米/小时,
甲车到达B地时,两车相距:40×5=200,即F(5,200),
设甲、乙两车出发后经过t小时同时到达C地,依题意可得
60t-40t=300,解得t=15,即G(15,0),
∴=,故答案为:1200.
【点睛】本题以行程问题为背景,主要考查了一次函数的应用,解决问题的关键是根据函数图象理解题意,求得两车的速度,并根据两车行驶路程的数量关系列出方程.
二、解答题(本大题共3个小题,共30