第1章综合检测卷-2021-2022学年七年级上册初一数学【一线调研】单元复习卷（华东师大版）

16.110° 24.解:由题意得 (2)当OC在三角形外部时,如图② 17解:AE平行于BC,AE平分∠CAD,∠DAE=∠CAE 理由::AE∥FC,∠DAE=∠BCF, 4OB=90°,∠BOC=40°,OD、OE是∠AOB与∠BOC的 ∠B=∠C,∠DAC=∠B+∠C,∴∠B=∠DAE ∴∠EBC=∠BCF=∠DAE 平分线,∠AOD=∠DOB=2∠A0B=2x90=45° AD∥BC 18.解:(1)…∵AB∥CD 23.证明:;∠1=∠2=∠DGH =3(a3-3a2+2a ∠BOE=∠EOC=∠BOC=×40°=20°,÷∠DOE= =-a3-13a2+14a+7 ∠A+∠ACD=180°(两直线平行,同旁内角互补) AF∥DE ∠DOB+∠EOB=45°+20°=65°,故选 ∠ACD=180°-130°=50 25.解:|x+1|≥0,(y-2)2≥0 ∠AFC=∠D=∠A 10.B 又∵CB平分∠ACD, x+1|+(y-2)2=0 ∠ACB=∠BCD=25° x+1|=0,x=-1, ∠B=∠C. 又∵AB∥CD 24.解:∠ADE=∠ABC. 15.a<-b<b<-a16.18.025°37°25‘48″17.70° ∠B=∠BCD=25°(两直线平行,内错角相等) 理由:BE⊥AC,FG⊥AC 18.10919.解:15÷20 时 解:原式=a DE∥BC,.∠ADE=∠ABC. ∠ACD=∠BED(两直线平行,同位角相等) 26.解:过点B作BD∥AE,交刀柄于点D 25.解:(1)设∠2的顶点为E,过E作EF∥AB 当a=-3,b=3时, ∠BED=50 则BD∥AE∥FC EF∥AB∥CD, ∠1=∠ABD,∠2=∠CBD ∠1+∠AEF=180°,∠3+∠FEC=180 ∠ABD+∠CBD=∠ABC=90 ∴∠I+∠AEF+∠FEC+∠3=360 23.解:(1)与∠AOD互补的角有∠BOD、∠COD;与∠BOE互补 即∠1+∠2+∠3=360°=180°×2. 27解:(1)∵AB∥CD 的角有∠AOE、∠COE. 第5章综合检测卷 (2)设∠2,∠3的顶点分别是E1、E2, ∠l=∠DHE=∠2, (2)∠COD+∠COE=90°.理由如下 1.B2.D3.C4.C5.D6.D7.B8.B9.B 分别过E1、E2作E1F1∥AB、E2F2∥AB ∠2=∠1=50° OD平分∠BOC,OE平分∠AOC, 复习卷 10.B11.180°12.ABCD同旁内角互补,两直线平行 E1F1∥E2F2∥AB∥CD 13.35°14.150°15.30° (2)∵GM⊥EF,NH⊥EF, ∠1+∠AE1F1=180° ∠BOC,∠COE ∠EGM=∠EHN=90°,HN∥GM. 16.36°解析:设∠AOC=x,∵∠BOC=2∠AOC,,∠BOC= (3)在R△HNG中,∠NHG=90° ∠COD+∠COEs、1 ∠BOC+方∠AOC 2x.∴∠AOB=3x.又∵OD平分∠AOB,∴∠AOD=1.5x F2E2C+∠4=180°, ∠HMG+∠NGH=90°, ∠COD=∠AOD-∠AOC,1.5x-x=18°,解得x=36°, ∠1+∠AE1F1+∠FE1E2+∠E1E2F2+∠F2E2C+∠C =1(∠BOC+∠AOC), ∵∠NGH=∠1=50°, ∠AOC=36 ∠HNG=90°-∠NGH=90°-50°=40 17.318.125° ∠AOB ∠1+∠2+∠3+∠4=540°=180°×3 第一学期期末调研卷(二) 0.解:猜想∠1=∠2. (3)由上面(1)、(2)的结果知 1.A2.B3.D4.B5.C6.B7.A8.C 理由:AB∥DE,AE∥CD ∠1+∠2+∠3+∠4+…+∠n=180°×(n-1) 24.解::∠2=∠GHD,∠1 9.C解析:本题分两种情况讨论:(1)当OC在三角形内部时 ∠I=∠AED,∠AED=∠2,∠1=∠2 第一学期期末调研卷(一) ∠1=∠GHD,AB∥CD, 如图① 1.A2.B3.D4.D5.C6.C7.D8.C9.B10.B ∠B+∠D=180° EF∥AH∥BD 11.-20米12.±4、±5、±6 ∠B=180°-∠D=180°-50°=130° 13.2xy+5x2-4y2-3 25证明:AB∥CD,AE∥CF ∠FAC=∠HAF+∠HAC=106 ∠BAC=∠DCA,∠EAC=∠FCA, AQ平分∠FAC, 14.-5六15.216.153.517.70°18.50°80 ∠BAC-∠EAC=∠DCA-∠FCA ∠FAC=53°, 19.∠BOC∠AOE∠AOE、∠BOF ∠AOB=90°,∠BOC=40°,OD、OE是∠AOB与∠