专题08 点、直线、平面之间的位置关系(真题训练)-2020-2021学年高一数学单元复习(人教A版必修2)

2020-11-20
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资源信息

学段 高中
学科 数学
教材版本 -
年级 高一
章节 第二章 点、直线、平面之间的位置关系
类型 题集
知识点 -
使用场景 同步教学-单元练习
学年 2021-2022
地区(省份) 全国
地区(市) -
地区(区县) -
文件格式 ZIP
文件大小 697 KB
发布时间 2020-11-20
更新时间 2023-04-09
作者 百炼成钢🍀
品牌系列 -
审核时间 2020-11-20
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来源 学科网

内容正文:

必修二 第二章 点、直线、平面之间的位置关系真题训练 一.选择题 1.(2020•上海)在棱长为10的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,P为左侧面ADD1A1上一点,已知点P到A1D1的距离为3,P到AA1的距离为2,则过点P且与A1C平行的直线相交的面是 A.AA1B1B B.BB1C1C C.CC1D1D D.ABCD 【答案】D 【解析】如图, 由点P到A1D1的距离为3,P到AA1的距离为2, 可得P在△AA1D内,过P作EF∥A1D,且EF∩AA1于E,EF∩AD于F, 在平面ABCD中,过F作FG∥CD,交BC于G,则平面EFG∥平面A1DC. 连接AC,交FG于M,连接EM, ∵平面EFG∥平面A1DC,平面A1AC∩平面A1DC=A1C,平面A1AC∩平面EFM=EM, ∴EM∥A1C. 在△EFM中,过P作PN∥EM,且PN∩FM于N,则PN∥A1C. ∵线段FM在四边形ABCD内,N在线段FM上,∴N在四边形ABCD内. ∴过点P且与A1C平行的直线相交的面是ABCD. 故选:D. 2.(2019•新课标Ⅲ)如图,点N为正方形ABCD的中心,△ECD为正三角形,平面ECD⊥平面ABCD,M是线段ED的中点,则 A.BM=EN,且直线BM,EN是相交直线 B.BM≠EN,且直线BM,EN是相交直线 C.BM=EN,且直线BM,EN是异面直线 D.BM≠EN,且直线BM,EN是异面直线 【答案】B 【解析】∵点N为正方形ABCD的中心,△ECD为正三角形,平面ECD⊥平面ABCD,M是线段ED的中点, ∴BM⊂平面BDE,EN⊂平面BDE, ∵BM是△BDE中DE边上的中线,EN是△BDE中BD边上的中线, ∴直线BM,EN是相交直线, 设DE=a,则BD,BE, ∴BMa,ENa, ∴BM≠EN, 故选:B. 3.(2019•上海)已知平面α、β、γ两两垂直,直线a、b、c满足:a⊆α,b⊆β,c⊆γ,则直线a、b、c不可能满足以下哪种关系 A.两两垂直 B.两两平行 C.两两相交 D.两两异面 【答案】B 【解析】如图1,可得a、b、c可能两两垂直; 如图2,可得a、b、c可能两两相交; 如图3,可得a、b、c可能两两异面; 故选:B. 4.(2018•新课标Ⅱ)在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,E为棱CC1的中点,则异面直线AE与CD所成角的正切值为 A. B. C. D. 【答案】C 【解析】解以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,DD1为z轴,建立空间直角坐标系, 设正方体ABCD﹣A1B1C1D1棱长为2, 则A(2,0,0),E(0,2,1),D(0,0,0), C(0,2,0), (﹣2,2,1),(0,﹣2,0), 设异面直线AE与CD所成角为θ, 则cosθ, sinθ, ∴tanθ. ∴异面直线AE与CD所成角的正切值为. 故选:C. 5.(2018•新课标Ⅱ)在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AB=BC=1,AA1,则异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为 A. B. C. D. 【答案】C 【解析】以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,DD1为z轴,建立空间直角坐标系, ∵在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AB=BC=1, AA1, ∴A(1,0,0),D1(0,0,),D(0,0,0), B1(1,1,), (﹣1,0,),(1,1,), 设异面直线AD1与DB1所成角为θ, 则cosθ, ∴异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为. 故选:C. 6.(2018•上海)如图,在直三棱柱ABC﹣A1B1C1的棱所在的直线中,与直线BC1异面的直线的条数为 A.1 B.2 C.3 D.4 【答案】C 【解析】在直三棱柱ABC﹣A1B1C1的棱所在的直线中, 与直线BC1异面的直线有:A1B1,AC,AA1,共3条. 故选:C. 7.(2017•新课标Ⅱ)已知直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,∠ABC=120°,AB=2,BC=CC1=1,则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为 A. B. C. D. 【答案】C 【解析】【解法一】如图所示,设M、N、P分别为AB,BB1和B1C1的中点, 则AB1、BC1夹角为MN和NP夹角或其补角 (因异面直线所成角为(0,]), 可知MNAB1, NPBC1; 作BC中点Q,则△PQM为直角三角形; ∵PQ=1,MQAC, △ABC中,由余弦定理得 AC2=AB2+BC2﹣2AB•BC•cos∠ABC =4+1﹣2×2×1×() =7, ∴AC, ∴MQ; 在△MQP中,MP; 在△PMN中,由余弦定理得 cos∠MNP; 又异面直线所成角的范围是(0,], ∴AB1与BC1所成角的余弦值为. 【解法二】如图所示, 补成四棱柱ABC

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