第五章 第2讲 动能定理及其应用-2021高考物理【优化探究】一轮总复习课时作业(人教版)提升

[课时作业·巩固提升]　　　　　　　　　　　　　　　精选名校试题　考点全面覆盖 [基础题组] 一、单项选择题 1．关于动能定理的表达式W＝Ek2－Ek1，下列说法不正确的是 (　　) A．公式中的W为不包含重力的其他力做的总功[来源:学*科*网] B．公式中的W为包含重力在内的所有力做的功[来源:Z#xx#k.Com] C．公式中的Ek2－Ek1为动能的增量，当W>0时动能增加，当W<0时，动能减少 D．动能定理适用于直线运动，也适用于曲线运动，适用于恒力做功，也适用于变力做功 解析：公式W＝Ek2－Ek1中的“W”为所有力所做的总功，A错误，B正确；若W>0，则Ek2>Ek1，若W<0，则Ek2<Ek1，C正确；动能定理对直线运动、曲线运动、恒力做功、变力做功均适用，D正确． 答案：A 2．(2018·高考江苏卷)从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面．忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图象是(　　) 解析：小球做竖直上抛运动时，速度v＝v0－gt，根据动能Ek＝m(v0－gt)2，故图象A正确． mv2得Ek＝ 答案：A 3.如图所示，质量为m的滑块从高h处的a点沿斜面轨道ab滑入水平轨道bc.在经过b点时无能量损失，滑块与每个轨道的动摩擦因数都相同．滑块在a、c两点的速度大小均为v，ab与bc长度相等，空气阻力不计，则滑块从a到c的运动过程中 (　　) A．滑块的动能始终保持不变 B．滑块从b到c运动的过程中克服阻力做的功一定等于 C．滑块经过b点时的速度大于 D．滑块经过b点时的速度等于 解析：滑块在a、c两点的速度大小相等，则滑块的速度必然是先增大后减小，故动能先增大后减小，选项A错误；滑块从a到c的过程中，由动能定理有mgh－Wf＝0，可得全程克服阻力做功Wf＝mgh，滑块在bc段正压力大于在ab段的正压力，故在bc段克服摩擦力做的功大于在ab段克服摩擦力做的功，即从b到c克服摩擦力做的功Wfbc>，选项C正确，D错误．，故滑块经过b点时的速度vb> mvmv2－mgh，选项B错误；滑块从b到c过程，由动能定理得－Wfbc＝ 答案：C 4．(2020·吉林长春模拟)如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，OM水平，ON竖直且光滑，用不可伸长的轻绳相连的两小球A和B分别套在OM和ON杆上，B球的质量为2 kg，在作用于A球的水平力F的作用下，A、B均处于静止状态，此时OA＝0.3 m，OB＝0.4 m，改变水平力F的大小，使A球向右加速运动，已知A球向右运动0.1 m时速度大小为3 m/s，则在此过程中绳的拉力对B球所做的功为(g取10 m/s2)(　　) A．11 J　　　　　　　　　 B．16 J C．18 J D．9 J 解析：A球向右运动0.1 m时，vA＝3 m/s，OA′＝0.4 m，OB′＝0.3 m，设此时∠B′A′O＝α，则有tan α＝×2×42 J＝18 J，选项C正确． ＝2×10×0.1 J＋mv，解得绳的拉力对B球所做的功为W＝mgh＋mv.A、B两球沿绳方向速度相等，有vAcos α＝vBsin α，解得vB＝4 m/s.此过程中B球上升高度h＝0.1 m，由动能定理，W－mgh＝ 答案：C 5.质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是(　　) A.mgRmgR B. C.mgR D．mgR 解析：小球通过最低点时，绳的张力为F＝7mg，由牛顿第二定律得F－mg＝mgR，故C正确，A、B、D错误． mgR，所以小球克服空气阻力所做的功为，由以上各式可得Wf＝－mv－mv，小球由最低点运动到最高点的过程中，由动能定理得－2mgR＋Wf＝，小球恰好过最高点，绳子拉力为零，由牛顿第二定律得mg＝ 答案： C 二、多项选择题 6．(2020·山东临沂模拟)如图所示，在升降机内固定一光滑的斜面体，一轻弹簧的一端连在位于斜面体上方的固定木板B上，另一端与质量为m的物块A相连，弹簧与斜面平行．整个系统由静止开始加速上升高度h的过程中 (　　) [来源:学科网ZXXK] A．物块A的重力势能增加量一定等于mgh B．物块A的动能增加量等于斜面的支持力和弹簧的拉力对其做功的和 C．物块A的机械能增加量等于斜面的支持力和弹簧的拉力对其做功的和[来源:Zxxk.Com] D．物块A和弹簧组成系统的机械能增加量等于斜面对物块的支持力和B对弹簧的拉力做功的和 解析：当物块具有向上的加速度时，弹簧弹力在竖直方向上的分力和斜面的支持力在竖直方向上的分力的合力