福建省三明市第一中学2019届高三第二次返校考试物理试题（PDF版）

第 1页 共 3页 2018-2019 学年三明一中高三暑期考试（二） 物理参考答案 201808 一、单选题：（本题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A B C A A C B A D 二、多选题：（本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。） 题号 11 12 13 14 答案 BD BCD ACD CD 三、填空，实验题：（每空 2分，共 18分。） 15．（1）在水面上先撒上痱子粉，再滴入一滴油酸酒精溶液 （2）1.2×10－9 16. p0－ρg(h1＋h3) 17. (1)C (2)B→C 25 （3） n＝NApB pAVA = 2NA 3VA 18. (1)a (2)C 四、计算题（本大题 5 小题，共 36分。 解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要步 骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.） 19、选气缸内被封闭的气体为研究对象 小车静止时为状态 1， 系统处于平衡状态，p1S＝p0S 气体的压强 p1＝p0， 气体的体积 V1＝SL 设小车加速度为 a时为状态 2， 由牛顿第二定律得 p2S－p0S＝ma 气体的压强 p2＝p0＋ma S ， 气体的体积 V2＝S(L－d) 由玻意耳定律得 p1V1＝p2V2 联立各式得 a＝ p0Sd mL－d 。 20、(1)设原来药液上方空气体积为 V，每次打入空气的体积为 V0，打 n次后压强由 p0变为 p1，以 A中原有空气和 n次打入 A中的全部气体为研究对象，由玻意耳定律得：p0(V＋nV0) ＝p1V， 故 n＝p1－p0V p0V0 ＝ 4×105－1×105×1.5 1×105×250×10－3 ＝18。 (2)打开阀门 K，直到药液不能喷洒，忽略喷管中药液产生的压强，则 A容器内的气体 压强应等于外界大气压强，以 A中气体为研究对象，p1V＝p0V′， 第 2页 共 3页 V′＝p1V p0 ＝ 4×105 1×105 ×1.5 L＝6 L， 因此 A容器中剩余药液的体积为 7．5 L－6 L＝1.5 L。 21、(1)与恒温热源接触后，在 K未打开时，右活塞不动，两活塞下方的气体 经历等压过程，由盖·吕萨克定律得 T T0 ＝ 7V0/4 5V0/4 ① 由此得 T＝7 5 T0 ② (2)由初始状态的力学平衡条件可知，左活塞的质量比右活塞的大。打开 K后，左活塞 下降至某一位置，右活塞必须升至气缸顶，才能满足力学平衡条件。 气缸顶部与外界接触，底部与恒温热源接触，两部分气体各自经历等温过 程，设左活塞上方气体最终压强为 p，由玻意耳定律得 pVx＝ p0 3 ·V0 4 ③ (p＋p0)(2V0－Vx)＝p0·7 4 V0 ④ 联立③④式得 6V2x－V0Vx－V20＝0 其解为 Vx＝ 1 2 V0 另一解 Vx＝－ 1 3 V0，不合题意，舍去。 22、(1)设大气压强为 p0 初状态：p1＝p0，V1＝800 mL 注入水后：p2＝p0＋p，V2＝600 mL 由玻意耳定律得：p1V1＝p2V2 解得：p0＝75 cmHg。 (2)气体体积减小，外界对气体做正功，温度不变，气体的内能不变，由热力学第一定 律知，应对外放热。 23、（1）由牛顿第二定律得，撤去外力之前： 代入数据解得： 方向向右 撤力后： 代入数据解得： 方向向左 （2）由于减速过程加速度的大小为加速过程的两倍，所以加速时间为 ，则再经 ，木板 的速度就减小为零。其速度—时间图象如图所示： （3）木板先加速后减速运动，设加速过程的位移为 ，加速运动的时间为 ，减速过程的位 移为 ，减速运动的时间为 。 第 3页 共 3页 由运动学规律有 小滑块始终在木板上应满足 又 由以上各式可解得 ，即力 作用的最长时间为 （4）撤力前木板和小滑块都做加速运动，且木板的加速度较大，所以撤力时木板的速度较 大。撤去外力后由于木板速度较大，所以小滑块继续做加速运动，而木板做减速运动。设木 板加速过程的位移为 ，加速度大小为 ，加速运动的时间为 ，减速过程的位移为 ，加 速度大小为 ，减速运动的时间为 ；整个过程中小滑块运动的加速度为 由牛顿第二定律得： 解得： 撤力前： 解得： 撤力后： 解得： 撤力时刻，木板的速度： , 运动的位移： 最终木板的速度为 减速运动过程中木板的位移： 最终小滑块的速度为： 全过程中小滑块运动的位移为： , 小滑块始终在木板上，应满足： 又 由以上各式可解得 ，即力 作用的最长时间为 。 $$ 成绩查询:登录zhixue.com或扫描二维码下载App (用户名和初始密码均为准考证号) 三明一中2018-2019学年高三暑期考（二