河南新乡市多校2026-2027学年高三上学期11月期中物理试题(A卷)

秘密★启用前 高三年级过程性作业评价 物理(A卷) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.如图所示，一不带电薄壁金属球壳放在绝缘支架上，其顶部开有一孔 P 径很小的小孔。用绝缘细丝悬挂一电荷量为十q的小金属球，小球在绝缘细丝 球壳腔内与壳壁不接触。静电平衡后，下列说法正确的是 A.球壳内壁带负电，外壁带负电 B.球壳内壁带正电，外壁带负电 C.球壳内壁带负电，外壁不带电 绝缘支架 D.球壳内壁带负电，外壁带正电 Ktwrrr 2.步进扫描投影光刻机是芯片制造的核心设备。工作时，工件台由静止开始先做匀加速 直线运动，紧接着做匀减速直线运动，到达下一曝光场位置时速度恰好减为零。如图所 示，已知曝光场宽度d=32mm,完成一次步进所用时间t=0.08s,加速与减速过程的 加速度大小相等。则工件台在步进过程中加速度的大小为 物镜 工件台 A.5 m/s2 B.10 m/s2 C.20m/s2 D.40m/s2 3.如图所示，真空中有三个可视为点电荷的带电小球，分别固定在边长为L的等边三角 形ABC的三个顶点上，其中A处小球带电荷量为十2q,B、C处小球带电荷量均为 一q。O为三角形ABC的中心，静电力常量为k,则O点的电场强度 A大小为2，方向由A指向0 物理试题(A卷)第1页（共8页） B大小为尝，方向由A指向0 A 9kq C.大小为，方向平行于BC边，由B指向C 0 D.大小为 ，方向由A指向0 kq +2g 4.某高层建筑工地采用“滑轮配重”装置提升物料，其原理与电梯配重系统相同：一根不可 伸长的轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端分别连接料桶A和配重B。料 1 桶A的质量m=1.2×103kg,配重B的质量M=1.8X103kg。初始 时A静止在水平地面上，轻绳绷直，B离地h=2.0m。由静止释放 后，配重下降、料桶上升。不计滑轮质量、绳重及一切摩擦，料桶A在 运动过程中未碰到滑轮，重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是 A.在配重落地前，系统（含料桶、配重）减少的重力势能小于系统增加 的动能 h B.在配重落地前，轻绳对料桶做负功，对配重做正功 777771777777777 C.在配重落地前，轻绳对配重的拉力大小为T=1.2×104N D.配重落地后，料桶还能继续上升0.4m 5.离子阱是囚禁带电离子、用于量子计算的核心装置。某简化模型中，电场仅分布在x轴 上一d≤x≤d的区域内。规定沿x轴正方向为场强的正方向，场强E随坐标x的变化 关系如图所示，取O点为电势零点。下列电势©随位置x变化关系中可能正确的是 2p。 290 A B C D 物理试题(A卷)第2页（共8页） 6.某智能仓储的自动导引运输车采用差速转向，其俯视图如图所示：车体左右两侧各装一 个半径相同的驱动轮，两轮半径均为x,轮心相距L,转弯时由两台电机分别驱动，两轮 与地面间均不打滑。某次转弯时，该车绕地面上某点O匀角速度转动，转动过程中两轮 心和O点始终共线。两轮轮心中点的轨迹半径为R,外侧轮绕轮心的转速为1，内侧轮 绕轮心的转速为n2。已知L=0.60m,n1=66r/min,n2=54r/min,则R为 外轮 内轮 0 A.1.5m B.3.0m C.6.0m D.12m 7.我国计划于2029年前后发射“天问四号”探测器，对木星及其卫星开展环绕探测。如图 所示，月球绕地球的运动可近似为匀速圆周运动，其轨道半径为地球半径R,的力倍， 周期为T1;木卫四绕木星的运动也可近似为匀速圆周运动，其轨道半径为木星半径R? 的q倍，周期为T2。已知木星半径约为地球半径的k倍，则木星与地球的平均密度之 比约为 地球 木星 pR 月球 gR, 木卫四 a(g)' B() C(2)) . 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，健身房某型号力量训练器的配重装置可简化为：轻绳R跨过固定在机架顶 部的光滑定滑轮，绳的一端竖直连接手柄，另一端竖直向下依次拴接轻质缓冲弹簧N、 配重块a和轻质缓冲弹簧M,M的下端固定在机架上的水平托板b上，整个装置处于 物理试题(A卷)第3页（共8页） 静止状态。现训练者用手沿竖直方向缓慢向下拉手柄，拉力大小可以 L222222222222222 R 从零开始逐渐增大，则在拉动过程中，下列说法正确的是 手柄 A.有可能N处于原长而M处于拉伸状态 a B.有可能N处于拉伸状态而M处于原长 C.有可能N处于压缩状态而M处于拉伸状态 D.有可能N、M均处于拉伸状态 MA 9.长为L的绝缘轻细线一端连接质量为、电荷量为g的带正电小球，另一端固定在光滑 绝缘水平桌面上的O点，整个空间内存在着平行于桌面的匀强电场，带电小球恰好能 在桌面内沿顺时针方向做圆周运动，俯视图如图甲所示，PQ为轨迹圆的一条直径。以 P点为起始点，小球运动过程中的电势能E。与小球运动的路程、之间的关系如图乙所 示，其中E>0。下列说法正确的是 1.5E0 0.5E0 5元L 2nL 13πl -0.5E 6 6 分 A.电场强度的大小 E四 四 B.电场强度的大小为2gL 6E0 C.小球运动过程中所受细线拉力的最大值为 D.小球运动过程中所受细线拉力的最大值为 10.某山地景区的斜行电梯沿倾角为α的倾斜轨道上行，轿厢（含乘员及附属设备）的质量 为2m,轿厢地板始终保持水平。轿厢内的水平地板上停放一辆质量为m的手推车 (车轮已制动)，手推车与地板间的动摩擦因数为μ。牵引钢缆对轿厢的拉力F沿轨道 方向，轿厢与手推车一起沿轨道向上做匀加速直线运动，且手推车与轿厢始终保持相 对静止。轨道各处光滑，空气阻力不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大 小为g。下列说法正确的是 物理试题(A卷)第4页（共8页） A.轨道对轿厢的支持力大小为3 ng cos a 轿厢 2m B.手推车所受地板的支持力大小为mg十 手推车 F m 3sin a 倾斜轨道 C.手推车所受摩擦力大小为写-mg咖a)cmsa .Ja.」 D.若≥c0s,则无论拉力F多大，手推车都 sin a 能与轿厢保持相对静止 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某科技活动小组用手机慢动作视频研究实心橡胶球与地面碰撞过程中机械能 的损失。实验装置如图所示：将刻度尺竖直固定在水平地面上，使橡胶球的上边缘对 准刻度尺上的A位置，由静止释放，橡胶球沿竖直方向下落，与地面碰撞后反弹。用 慢动作视频逐帧记录橡胶球运动的全过程。多次实验表明，橡胶球在下落和反弹上升 过程中所受空气阻力的影响很小，可以忽略不计，橡胶球 A 与地面碰撞过程中形变量较小，可忽略。由视频可读出碰 前瞬间橡胶球上边缘所对的刻度，从而得到下落高度；再 B 读出反弹后橡胶球到达最高位置时上边缘所对的刻度B, 得到反弹高度h'。将橡胶球与地面碰撞后瞬间的速度大 小2与碰撞前瞬间的速度大小1之比定义为恢复系数 e,即e= 7777777777丁水平地面 (1)下列做法合理的是 (填选项前的字母)。 A.读取橡胶球位置时，也可以以橡胶球下边缘所对的刻度为准 B.释放橡胶球时用手轻推一下，使其尽快下落 C.为节省时间，每个释放高度只拍摄一次 (2)忽略空气阻力，橡胶球下落与反弹上升过程均可视为匀变速直线运动。据此可知， 恢复系数e与h、h'之间满足e= (用h、h'表示)。 (3)若在测量橡胶球的释放位置时以橡胶球上边缘为准，而测量橡胶球反弹后到达的 最高位置时以橡胶球的下边缘为准，在其他条件相同的情况下，其测得的恢复系数 (选填“偏大”或“偏小”)。 12.(9分)某实验小组要将表头G(满偏电流Ig=2mA,内阻R。=1002)改装成双量程毫 安表，采用图乙虚线框内所示的“闭路抽头”电路：表头G与定值电阻R,、R2连接， 为公共接线端，b、c为两个量程的接线端。已知R,=52,R2=202,接a、c两端时毫 安表的量程为050mA。回答下列问题： 物理试题(A卷)第5页（共8页） 1.0 个标准亮安表 0.0 2.0 mA Z (1)某次单独用表头G测量时指针位置如图甲所示，其示数为 mA。 (2)接a、b两端时，毫安表的量程为0~ mA。 (3)接a、c两端，当表头G恰好满偏时，a、c两端的电压为 V。 (4)校准：将该毫安表接a、b两端，与标准毫安表A串联接人图乙电路。闭合开关，调 节滑动变阻器滑片，使表头G恰好满偏，此时标准毫安表的示数为9.2mA。则改装 毫安表的示数比标准毫安表的示数 (选填“偏大”或“偏小”)。 (5)经检查，R1、R2的阻值均准确，偏差来自表头内阻。为使接a、b两端时改装毫安表 的示数处处与标准毫安表一致，需更换电阻。若只更换R,(不考虑对接a、c两端时毫 安表量程的影响)，则R,应换为 Ω的电阻（结果保留两位有效数字）。 13.(10分)矿井提升机用卷扬机收卷钢索，把井下的挂斗（含物料）提升到井口（装置如图 甲)。井深H=45m,挂斗（含物料）的质量m=20kg。挂斗以恒定速度v=0.5m/s 由井底匀速上升到井口（启动、制动阶段极短，可忽略）。由于钢索自身有质量，悬空钢 索随挂斗上升而逐渐变短，卷扬机牵引力F随挂斗离井底的高度y变化的关系图线 如图乙所示。各处摩擦及空气阻力均可忽略不计，重力加速度g=10m/s2。 (1)求挂斗离井底高度y=15时，钢索对挂斗的拉力大小和卷扬机牵引力做功的瞬时功率； (2)求挂斗从井底到井口过程中卷扬机牵引力做功的平均功率。（忽略启动阶段因钢 索和挂斗动能变化牵引力所做的功) 卷扬机 井口 钢索 TFIN 1100 1000 H 800 600 400 200 井底 10 20 30 4045 →m 甲 物理试题(A卷)第6页（共8页） 14.（12分)电阻应变片是桥梁、大坝等大型工程结构健康监测中最常用的传感元件。某 种箔式应变片的敏感栅是用很薄的康铜箔（铜镍合金）腐蚀而成的栅状细丝，粘在绝缘 基底上。使用时将其沿构件的受力方向粘贴牢固，构件发生微小形变时应变片随之等 比例发生形变，其阻值发生微小改变，据此可测出构件的应变（相对伸长量）。如图甲， 现将一枚标称阻值R。=120.0的应变片沿轴向粘贴在某斜拉桥的钢索表面。已知 应变片的电阻可等效为一段长为1。、横截面积为S。的康铜箱电阻；康铜箔的电阻率ρp 在弹性形变范围内可视为不变，且形变过程中箔材体积的变化可忽略。（已知钢材在 弹性范围内的应变一般不超过2×10-3) 设钢索沿轴向的应变为e气会△L为钢索的伸长量，。为钢索的原长)，试推 变片阻值的相对变化 R 。(△R为应变片电阻的变化量)与e的关系，结果用e表示（忽 略e的二次及以上项)； (2)由于△R很小，难以用电阻表直接测量，工程上常采用图乙所示的恒流激励法：用 电流I。=25.0mA的恒流源单独给应变片供电，用理想电压表测量应变片两端的电 压。已知测量时通电时间很短，应变片自热的影响可忽略。 ①钢索不受力时应变片的阻值为R。,求此时电压表的示数U。； ②某次观测中电压表的示数为U=3.006V,求此时应变片的阻值R和钢索的应变ε。 接测量电路 ● ⊙ 应变片 钢索受拉 ● 甲 物理试题(A卷)第7页（共8页） 15.(17分)如图所示，竖直平面内的平面直角坐标系xOy中，在x轴下方存在平行于y 轴向上的匀强电场（未画出），电场强度大小为E(E未知)。有一质量为m、电荷量为 q(q>0)的带电微粒从原点O上方y轴上P点以初速度v。沿x轴正方向水平抛出， 第一次经过工轴时，速度与轴正方向的夹角为60，在工-11处有一块垂直于 x轴的无限大挡板，微粒与挡板相撞时会反弹（碰撞前后微粒电荷量不变），水平速度 大小变为原来的号，竖直速度不突变。已知重力加速度为g,忽略空气阻力及碰擅时 间，求： (1)O、P间的距离以及微粒第一次经过x轴的位置到原点的距离x1; (2)使得微粒能垂直打在挡板上的电场强度E的取值； (3)若微粒能两次通过点(6,5,0，试求满足条件的电场强度E的可能值。 g 挡板 0 60 物理试题(A卷)第8页（共8页）高三年级过程性作业评价 物理(A卷)参考答案 1.D解析：在空心球壳内放置一带正电的金属球，由异种电荷互相吸引可知，球壳内部带负电；由电荷守恒定 律可知，球壳外部带正电，D正确。故选D。 2.C解析：设工件台步进过程中的最大速度为)，加速与减速过程的加速度大小相等，由对称性可知两过程所 用时间相等，均为？；初速度为0的匀变速直线运动的平均速度等于最大速度的一半，故整个步进过程的平 均速度大小为 2,由位移关系得d=名，解得v=2 t =0.80m/s,则工件台步进过程加速度的大小为a= =20m/s2,C正确。故选C。 t 2 3.D解析：等边三角形边长为L,中心O到各顶点的距离均为r=二。 ·由对称性可知，0点的电场强度等于单 在A点固定电荷量为+39的小球所产生的电场强度，其大小为E一99，方向沿A0方向，由A指向0 正确。故选D。 4.D解析：系统运动过程中只有重力做功（轻绳对两物体做功的代数和为零），系统机械能守恒，A错误；轻绳 的拉力对于料桶是动力，对于配重是阻力，故轻绳对料桶做正功、对配重做负功，B错误；设配重落地前系统加 速度大小为a,M一mg=(M十ma,则a=Mmg=2m/s,对配重，由牛顿第二定律得Mg一T=Ma,解 M+m 得轻绳拉力T=M(g-a)=1.44X104N,C错误；配重落地瞬间料桶的速度大小v=√2a五=2√2m/s,此后 轻绳松弛，料桶做竖直上抛运动，还能继续上升A√二了 一=0.4m,D正确。故选D。 5.C解析：E-x图线与x轴所围面积表示电势差。p-x图像切线的斜率表示电场强度，又因沿电场线方向 电势降低，C正确。故选C。 6.B解析：两轮半径相同，且与地面间不打滑，轮心前进的速度等于轮缘的线速度，即v=2πrn(为转速)， 外，内侧轮心速度之比等于转速之比。-”：-曾日运输车绕0转动，外，内侧轮心到0的距高分划为 R+片与R,能0点转动时两者的角速度相同，则 (R+)R+ ,联立得+0.30m-1 :a(R2)R L R-0.30m=g,解 得R=3.0m,B正确。故选B。 7.B解析：对质量为M、半径为R。的中心天体，质量为m的卫星绕其做匀速圆周运动，轨道半径为r、周期为 T,由万有引力提供向心力得GMm三m4π ,解得M=4πr3 GT2,中心天体的平均密度为p= 3M3πn3 -m 4πR8 Gr,其中 吃飞。为卫星轨道半径5中心天体半径之比，所以木星与地球的平均密度之比为=)（停 ,B正确。 故选B。 8.BD解析：弹簧N的上端与轻绳相连，轻绳只能产生拉力、不能产生压力，N只能处于拉伸或原长状态，不 ·物理(A卷)答案（第1页，共5页）· 可能被压缩，C错误；设手柄的拉力为F,配重块a的质量为m,由a受力平衡可知，当F=0时，N处于原 长，M处于压缩状态，A错误；设a的质量为m,当F=mg时，M的弹力恰好为零，处于原长，N处于拉伸状 态，当F>mg时，M被拉伸、对a施加向下的拉力，N处于拉伸状态，B、D正确。故选BD。 9.AC解析：由图可知，小球运动过程中的电势能最大值和最小值分别为Emax=1.5Eo,Epmin一一0.5Eo,在 半径为L的圆周上，小球的电势能最大值与最小值之差为2qEL,因此有2qEL=Emax一Emim=2Eo,解得 E=,A正确，B错误；小球恰好能做完整圆周运动，在电势能最大处细线拉力为零，电场力单独提供向心 力，向心方向的受力方程为9E=m完，所以该处小球的动能为E=2m0。-295L=2E,小球运动 过程中动能与电势能之和守恒，总能量为E总=Epmx十kmin=2E,在电势能最小处，小球的动能最大，由能 量守恒得E kmax=E总一Emn=2.5Eo,此处电场力背离圆心，取指向圆心为正方向，向心方向的受力方程为 Tn-B=m2,又因m2=2E,联立可得Tm-gB+2E严-6E,C正确，D错误。故选AC. L L 10.ACD解析：以轿厢与手推车整体（总质量3m)为研究对象，整体沿轨道向上做匀加速直线运动，在垂直于 轨道方向上无加速度。设轨道对轿厢的支持力为N,由平衡条件得N一3 mg cos a=0,解得N=3 mg cos a, F A正确；设整体加速度大小为a,沿轨道方向由牛顿第二定律得F-3 mgsin a=-3ma,a=3 gsin a,手推 车的加速度沿轨道方向，将其沿水平方向和竖直方向分解，竖直分量的大小为asin a,水平分量的大小为 acos a。手推车在竖直方向由牛顿第二定律得N1一mg=masin a,解得地板对手推车的支持力N1= m(g十esin。)=mg60sa十写sina,B错误；手推车在水平方向由牛顿第二定律得，其所受摩擦力大小了 ma0sa-(胥-gsin a)cosa,方向水平向右，C正确；手推车与地板不发生相对滑动的条件为了≤N, 即acos a≤4g十ane,a（eos&一usin)<rg,若g≥la则cosa-i≤0，无论拉力F多大，上 式恒成立，手推车都能与轿厢保持相对静止，D正确。故选ACD。 11.答案：(1)A(2分) 2, (2分) h (3)偏小(2分) 解析：(1)实验中读取橡胶球位置时可以以橡胶球下边缘所对刻度为准，A正确；实验要求橡胶球由静止释 放，轻推会给球引入初速度，使“下落高度h”与“碰前速度”的关系不再满足自由落体运动规律，B错误；为减 小偶然误差，每个高度应多次重复拍摄并取平均值，C错误。 (2)忽略空气阻力，橡胶球下落过程做自由落体运动，碰前速度大小满足：1=√2gh,反弹后上升过程做竖 直上抛运动，上升到最高点B时速度为零，碰后速度大小满足：v2=√2gh。由恢复系数的定义得：= =历 01√h (3)由e一√方，此情况下测得的'偏小，则所测e偏小。 12.答案：(1)1.30(1分) (2)10(2分) ·物理(A卷)答案（第2页，共5页）· (3)0.24(2分) (4)偏大(2分) (5)2.5(2分) 解析：(1)表盘量程为0~2mA,共20小格，最小分度为0.1mA,读数须估读到最小分度的下一位，即 0.01mA位。指针正对第13格（对应1.3mA),故示数为1.30mA。 (2)接a、b两端时，表头G与R1、R2支路并联。表头满偏时，并联部分两端电压U=I.R。=2mA×1002 =0.2V,通过，R,的电流RR2-8nA,散最程I=2mA+8nA-10A (3)接a、c两端时，表头G与R2串联后与R1并联。表头满偏时，a、c两端电压U=I.(R。十R2)=2mA× (100+20)2=0.24V。 (4)表头G满偏时，改装表按刻度读数为10mA,而标准毫安表的示数为9.2mA,实际电流小于改装表的读 数，故示数偏大。由于表头支路与分流支路的电流分配比例恒定，该偏差是系统性的，改装表的示数总比标 准表偏大。 R (6)设表头内阻的真实值为R。表头满偏时实际总电流等于标准表的示数：I=I。十I:R,十R -=9.2mA, 解得R:=902,比标示值小102。要使满偏时实际总电流回到10mA,设所需分流支路总电阻为R, 2mA×1+0P）-10mA,解得R=2.50,即分流支路总电阻应由25Q减小到2.51。若只型换R, 则R1=22.52-202=2.52。 13.答案：(1)800N400W (2)325W 解析：(1)挂斗匀速上升，钢索对挂斗的拉力与挂斗所受重力平衡，大小为mg=200N(1分) 由图线可知，F随y变化的关系为F=-20y十1100(N)(1分) y=15m时卷扬机的牵引力F=800N(1分) 此时牵引力做功的瞬时功率P=Fv=400W(2分) (2)由图线可知，y=0时F=1100N;y=H=45m时F=200N。 图线与两坐标轴所围的面积等于牵引力做的功， W=2.925×104J(2分) 全程用时=H=90g1分) 「0 平均功率P￥=三325W(2分 14.答案：(1)2e (2)①3.000V②120.2421×10-3 解析：(1)设形变后敏感栅的长度为1，由箔材体积不变有S=lS。(1分) 将1=l,1十e)代入得S=1十e) So 由电阻定律 R==1+e)2=R1+e)≈R(I+2e)(2分) ·物理(A卷)答案（第3页，共5页）· 所以0-c（e分剂 (2)①由欧姆定律U。=IR。=3.000V(2分) ②应变片电阻R= U =120.242(1分) △R=R-R。=0.242(2分) 由（①的结果-红得 △R E= 2Ro =1.0×10-3(2分) 、3u√3o8 15.答案：102g g (2) 11mg (11-k)q (k=1,2,3,…,10) (8发 q 解析：(1)速度分解，由几何关系可知v,=votan60°=√3v。(1分) 由运动学公式可得0P的距离为OP=h=5u,)》_36 2g2g (1分) 该过程运动的时间为，-3（1分) 解得z1=0,-5q分) g (2)设微粒从抛出到与挡板相碰的时间为1，微粒在水平方向始终做匀速运动，则0，L-131分) 8 在电场中的加速度大小设为a,gE-mg=ma(1分) 要垂直打在挡板上，只能要么在轨迹的最高点，要么在最低点，故t=30+30）(k=1,2,3,)(2 、g a 分) 联立解得E=g=1.23,10）1分) (3)取5-5，微粒在与挡板碰撞前后水平速度大小变为原来的子，竖直速度不变，将点(65,0)关于挡板取 g 对称并进行变换，可将问题转化为：微粒反弹前轨迹能通过点(6s,0)和(18.5s,0)。(1分) 对于轨迹通过(6s,0): 由题意可知，微粒在第一象限和第四象限之间做周期性往复运动，运动的大致轨迹如图： 由于微粒在第一象限内的每次类平抛过程水平位移都为5，故若微粒通过(6s,0),则点(6s,0)只能是图中 ·物理(A卷)答案（第4页，共5页）· Q、R、S、TU五点之一。 ①若Q点坐标为(6s,0) 微粒在每个周期内水平方向的位移大小为7s,轨迹不能通过点(18.5s,0)(1分) ②若R点坐标为(6s,0) 微粒在每个周期内水平方向的位移大小为5s,轨迹不能通过点(18.5s,0)(1分) ③若S点坐标为(6s,0) 微粒在每个周期内水平方向的位移大小为3.5s,轨迹将在第六个运动周期中第一次到达x轴时通过点 (18.5s,0)(1分) ④若T点坐标为(6s,0) 微粒在每个周期内水平方向的位移大小为2.5s,轨迹将在第八个运动周期中第一次到达x轴时通过点 (18.5s,0)(1分) ⑤若U点坐标为(6s,0) 微粒在每个周期内水平方向的位移大小为了，载渣不能道过点(18,5,0)1分) 故只有上述③④情况下满足题意。 取微粒第一次在第一象限内运动的时间为，-3，每次在第四象限中运动的时间为24· g 在③情况下，有4t,=3t1,又根据u,=gE一m82,解得E=7mg1分) 3g 在④情况下，有4t,=t1,又根据，=E-mg2,解得E-5mg1分) m 即满足条件的电场强度E大小可能为5mg或7mg ，3q ·物理(A卷)答案（第5页，共5页）·