山东菏泽市单县第二中学2026-2027学年高二上学期11月阶段检测物理试题

高二慧光部2026-2027学年度第一学期期中考试模拟试题 物理试题 时间：2026年11月 注意事项： 1.向规范答题、卷面书写再要20分 2.向充分审题、准确运算、合理分配答题时间要20分。 第I卷（选择题) 一、单选题（每小题3分，共24分) 1.关于麦克斯韦电磁场理论，以下说法正确的是（) A.在赫兹发现电磁波的实验基础上，麦克斯韦提出了完整的电磁场理论 B.麦克斯韦第一个预言了电磁波的存在，赫兹第一个用实验证实了电磁波的存在 C.变化的电场可以在周围的空间产生电磁波 D.变化的磁场在周围的空间一定产生变化的电场 A 2.如图所示，有一块小量程电流表，满偏电流为1004A,内阻为9002 将电流表按照图示结构组装为多用电表，其中， R R=1002、R2=29102则对多用电表而言() A.接1、3为电流表，量程为100uA B.接1、3为电压表，量程约为0.4V C.接1、2为电压表，量程为3V D.接1、2为电流表，量程为1mA 3.两根材料相同的均匀导线X和Y,X长为L,Y长为2L,串联在电路中，沿导线长度方 向电势p变化如图所示，则X、Y两导线的横截面积之比为（) p/V 12 A.2:3 B.3:2 C.1:3 D.3:1 0 2 3 L/m 4.如图，矩形线圈abcd的长与宽分别为2L和L,虚线内有界匀强磁场的磁感应强度为B, O1、O3分别为ad、bc的中点，下列判断正确的是() ××。× XO A.此时穿过线圈abcd的磁通量为2BL2 XB×XX B.线圈绕αb边向纸外旋转60°角时，穿过线圈的磁通量为BL ××b飞 C.线圈绕cd边向纸外旋转60°角时，穿过线圈的磁通量为BL ×××X02 D.在线圈绕bc边向纸外旋转60°角的过程中，穿过线圈磁通量的变化量为BL 高二物理试题第1页（共6页） 5.如图，质量为M的小船在平静水面上以速率y,向右匀速行驶，一质量为m的救生员站在 船尾，相对小船静止.忽略水的阻力，若救生员以相对水面速率V水平向左跃入水中，则救 生员跳入水中后船的速率为 A.mv B.Mvo c. Mv。+m(v+vo) Mvo-m(v+vo) D. M M 6.如图所示的电路中，L1、L,为两只完全相同的灯泡，R为光敏电阻（随光照的增强电阻 减小)，当光照强度逐渐增强的过程中，下列判断正确的是() A.L1、L2两灯均逐渐变暗 B.L灯逐渐变亮，L2灯逐渐变暗 C.电源内电路消耗功率逐渐增大 D.电源消耗的总功率减小 E 7.如图所示为一边长为d的正方体，在FE、ND两边放置足够长直导线， 通有相等的电流I,电流方向如图所示。若一根无限长直导线通过电流1 时，所产生的磁场在距离导线d处的磁感应强度大小为B,则图中C、O 两点处的磁感应强度大小分别为() A.2B、0B.2B、2BC.0、V2B D.√2B、V2B 8.如图所示，P1和P是材料相同、上下表面均为正方形的长方体导体，P1的上、下表面积 大于P2的上、下表面积，将P1和P按图中所示方式接到电源上， 闭合开关后，下列说法正确的是（) A.若P1和P2的体积相同，则P1的电功率等于P的电功率 B.若P1和P的体积相同，则P1的电功率大于P2的电功率 C.若P1和P的厚度相同，则P1的电功率小于P的电功率 D.若P1和P2的厚度相同，则P1两端的电压小于P2两端的电压 二、多选题（每小题4分，共16分，选不全的得2分) 9.两质量相同的小球A、B同向运动，已知p-6kgm/s,P=4kgms,某时刻两小球发生碰 撞，碰后A、B球的动量pA'、PB'可能为() A.pA'-5kg'm/s,pB'-5kg'm/s B.pA'-8kg'm/s,pB'-2kg'm/s C.PA-2kg'm/s,pg'-8kg'm/s D.PA'-4kg'm/s,pB'=6kg'm/s 高二物理试题第2页（共6页） 10.如图所示，在匀强磁场中有两条平行的金属导轨，磁场方向与×A××××C×B× 导轨平面垂直：导轨上有两条可沿导轨移动的导体棒A、C。若导 ××× × × 体棒的运动速度大小分别为Y、2。下列四种情况，回路中产生感 应电流的是() A.y>V2,且方向相反 B.y<V,,且方向相同 C.y=y2,且方向相反 D.y=y2,且方向相同 11.如图甲是多用电表内部结构示意图，图乙是刻度盘，通过选择开关分别与1、2、3、4、 5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是() 2t空8器8 v-n B 图甲 图乙 A.A是黑表笔、B是红表笔 B.作为电流表时选择开关连1比连2量程大，作为电压表时选择开关连6比连5量程小 C.用多用电表的欧姆挡测电阻时，若指针偏转角度很小，则应换倍率更大的挡进行测量 D.指针位置如图乙所示，若选择×102挡，示数为1802：若选择直流电压10V挡，读 数为4.4V 12.如图，直线A为某电源的U-I图线，曲线B为某小灯泡L的U-I图线的一部分，用 该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时，小灯泡L恰好能正常发光，则下列说法正确的 是() 本UV A.此电源的内阻约为0.672 B B.此电源的输出功率为6W C.此电源的总功率为8W -UA D.此电源的效率约为66.7% 三、实验题 13.(8分)电阻率是用来表示各种材料导电性能的物理量。某同学在实验室测量一新材料制 成的圆柱体的电阻率。 高二物理试题第3页（共6页） (1)用螺旋测微器测量其横截面直径，示数如图甲所示，可知其直径 mm:用游 标卡尺测其长度，示数如图乙所示，可知其长度为 1m1m。 50 4 5 6 cm -45 E40 tr tpmrrn 0E35 10 20 甲 乙 (2)用多用电表粗测其电阻约为6Ω。为了减小实验误差，需进一步用伏安法测量圆柱体的 电阻，要求待测电阻两端的电压能从0开始连续可调。除待测圆柱体，外，实验室还备有的 实验器材如下： A.电压表V1(量程3V,内阻约为15k2) B.电流表A(量程0.6A,内阻约为12) C.滑动变阻器R(阻值范围0~52,2.0A) D.直流电源E(电动势为3V) E.开关 F.导线若干 则该实验电路应选择下列电路中的 R R B. R A D (3)实验测出圆柱体的电阻为R,圆柱体横截面的直径为D,长度为L,则圆柱体电阻率 为P= 。(用D、L、R表示，单位均已为国际单位) 14.(6分)某同学用如图所示的装置验证动量守恒定律。安装了弹性碰撞架和挡光片的小车 A和小车B静止在滑轨上。实验时，给小车A一个初速度，当它与小车B发生碰撞后没有改 高二物理试题第4页（共6页） 变运动方向。数字计时器（图中没画出）可以测出挡光片通过光电门的挡光时间，测得碰撞 前小车A通过光电门1的挡光时间为△t,碰撞后两小车先后通过光电门2的挡光时间分别 为△t2、△上3。两个挡光片的宽度相同。 光电门1 光电门2 B (1)下列说法正确的是 A.该实验需要将滑轨左侧适当垫高，以补偿阻力 B.该实验将滑轨调到水平即可，不需要补偿阻力 C.该实验中小车A的质量大于小车B的质量 D.该实验中小车A的质量小于小车B的质量 (2)该实验如果仅验证两车组成的系统动量守恒，还需要测量 A.两小车的质量ma、mB B.挡光片的宽度d C.光电门1、2之间的距离L (3)如果表达式 成立，则说明两小车碰撞过程中动量守恒 四、解答题 15.(10分)现代人越来越依赖手机，有些人喜欢躺着刷手机，经常出现手机掉落伤眼睛或者 额头的情况，若有一手机质量为120g,从离人额头为20cm的高度无初速掉落，磕到额头后 手机的反弹忽略不计，额头受到手机的冲击时间为0.05s。取g-10/s2,求 (1)手机与额头作用过程中，手机的动量变化量： (2)手机对额头平均作用力的大小。 高二物理试题第5页（共6页） 16.(12分)农业所用的灌溉喷头如图甲所示，水泵从地下表层水面抽水并以不变的速率沿水 平方向喷出，每秒喷出质量m=1kg的水。水泵由电动机带动，恒压电源电压U。=380V, 电路示意如图乙。当滑动变阻器接入电路的阻值飞=1902时，电动机恰好不转动，理想电 流表示数L,=1.9A。当滑动变阻器接入电路的阻值R2=902时，电流表的示数I,=2A, 此时水泵正常工作，喷口处喷出水的速度v=20m/s。己知地面与水面的距离H=5m不变， 喷头离地面高度h=lm,取g=l0m/s2,不计空气 阻力，水泵的输入功率等于电动机的输出功率。求： (1)电动机正常工作时的输出功率： (2)水泵正常工作的效率。 甲 乙 17.(12分)如图所示的电路中，电源的电动势为5V,R=R2=22,C=50F,理想电 压表的示数为4V,求： ()电源的内电阻： (2)电容器所带的电荷量. 18.(12分)如图所示，用长为0.4m的不可伸长的轻绳将质量为1kg的小球丙悬挂于O点， 小球丙静止。质量为2kg的物块甲放在质量也为2kg的木板乙的右端，以共同速度vo=1.5m/s 沿着光滑水平面向着小球滑去，小球与物块发生弹性正碰，物块与小球均可视为质点，且小 球丙返回过程不会碰到物块甲，不计一切阻力，重力加速度g取10/s2。 (1)求碰后瞬间小球丙的速度大小： (2)若物块与木板间的动摩擦因数为0.1，木板乙至少要多长，物块甲才不会从长木板的上 表面滑出？ 甲 ○丙 777777777777777777777777777 高二物理试题第6页（共6页） 《高二慧光部2026-2027学年度第一学期期中考试模拟试题物理》 参考答案 题号 y 2 3 4 5 7 ⊙ 9 10 答案 B D C B C D B AD ABC 题号 11 12 答案 CD BC 1.B 【详解】AB.麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，而后赫兹第一个用实验证明了电磁波的存 在，故A错误，B正确； CD.根据麦克斯韦电磁场理论，均匀变化的电场在周围产生稳定的磁场，不产生电磁波，均 匀变化的磁场在周围空间产生稳定的电场，故CD错误。 故选B。 2.D 【详解】接1、2为电流表，根据并联电路规律有IR=(I-13)R 解得其量程为I=lmA 接1、3为电压表，根据串联电路规律有U=IR。+R, 解得量程U=3V 故选D。 3.C 【详解】X、Y两端的电势差分别为6V,4V,电流相等，根据欧姆定律得 Rx-6_3 Ry42 根据电阻定律 R=P S 解得 S=PR 根据题意可知 S=LR￥=1×2=1：3 2L Rx 2 3 故选C。 4.B 【详解】A.只有一半的线圈在磁场中，所以磁通量为 答案第1页（共8页） Φ1=BLL=BL2故A错误： B.当线圈以αb为轴从图中位置转过60°的瞬间，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为 S=L2Lcos60°=LP磁通量 Φ3=BL2故B正确： C.线框以cd边为轴转过60°时，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为0，磁通量为0，故C 错误； D.线框以bc边为轴转过60°时，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为 S'=L·Lcos60°=0.5L2磁通量为 Φ4=0.5BL2所以穿过线框的磁通量变化量是 △④=①，-Φ4=0.5BL故D错误： 故选B。 5.C 【详解】人在跃出的过程中船人组成的系统水平方向动量守恒，规定向右为正方向，由动量 守恒定律得：（M+m)v,=MW-mv 解得： y= m(v+vo)+Mvo M 故选C. 6.C 【详解】AB.当光照强度逐渐增强时，光敏电阻阻值减小，由闭合电路欧姆定律可知，干路 电流1增大，L2两端电压变大，L2变亮，由U=E-I(r+R,) 可知，L1两端电压变小，L1变暗，AB错误： C.电源内电路消耗功率为P= 可知电源内电路消耗功率逐渐增大，C正确： D.电源消耗的总功率为P=EI 可知电源消耗的总功率增大，D错误。 故选C。 7.D 【详解】根据右手螺旋定则，放置在FE边的电流在C点产生的磁场大小为B、方向沿CM, 放置在ND边的电流在C点产生的磁场大小为B、方向沿FC,故C点处的磁感应强度大小为 √2B;放置在FE边的电流在O点产生的磁场大小为B、方向沿NO,放置在ND边的电流 答案第2页（共8页） 在C点产生的磁场大小为B、方向沿OP,故O点处的磁感应强度大小为√2B。 故选D。 8.B 【详解】AB.设材料的厚度为d,上下表面的边长为L,则电功率为 P-r哈re点r d 若P1和P的体积相同，P1的上、下表面积大于P2的上、下表面积，则P1的厚度小于P的 厚度，由于P1和P串联，电流相等，所以P1的电功率大于P的电功率，故A错误，B正确： C.若P1和P2的厚度相同，则P1的电功率等于P2的电功率，故C错误 D.电压为 由此可知，若P1和P的厚度相同，则P1两端的电压等于P3两端的电压，故D错误。 故选B。 9.AD 【详解】以两球组成的系统为研究对象，取甲球碰撞前的速度方向为正方向，两球的质量均 为，碰撞前系统的总动能 E公+-6+452 2m2m2m 2m 2m 系统的总动量 p=6kg.m/s +4kg.m/s =10kg.m/s A.若碰撞后甲、乙两球动量为 pA'=5kg'm/s,pB'=5kg'm/s 系统上的总动量 p'=5kg.m/s +5kg.m/s =10kg.m/s 动量守恒，总动能 十 2m 2m2m2m2m 总动能不增加，符合实际情况，故A正确： B.若碰撞后甲、乙两球动量为 pA'=8kg'm/s,pB'=2kg'm/s 答案第3页（共8页） 系统上的总动量 p'=8kg.m/s +2kg.m/s =10kg.m/s 动量守恒，总动能 E-2+B-8+26s 2m2m 2m2m2m 总动能增加，不符合实际情况，故B错误： C.若碰撞后甲、乙两球动量为 PA'=2kg'm/s,pB'=8kg'm/s 系统上的总动量 p'=2kg.m/s+8kg.m/s=10kg.m/s 动量守恒，总动能 +结头+ 总动能增加，不符合实际情沉况，故C错误： D.若碰撞后甲、乙两球动量为 PA'=4kg'm/s,pB'=6kg'm/s 系统上的总动量 p'=4kg.m/s +6kg.m/s =10kg.m/s 动量守恒，总动能 会+共品 总动能不增加，符合实际情况，故D正确。 故选AD。 10.ABC 【详解】要产生感应电流，则穿过此闭合电路的磁通量发生变化，对匀强磁场来说，磁通量 Φ=BS 根据题中条件，仅当穿过闭合电路中磁场的有效面积S发生变化时Φ才变化，即导轨上两根 导体棒必须存在相对运动才有感应电流。 A.y>V2,且方向相反，存在相对运动，故A正确： B.Y<V2,且方向相同，存在相对运动，故B正确： 答案第4页（共8页） C.”=2,且方向相反，存在相对运动，故C正确： D.Y=2,且方向相同，不存在相对运动，故D错误。 故选ABC。 11.CD 【详解】A.内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极应与红表笔相连，所以A为红表 笔，B为黑表笔，故A错误； B.当选择开关与1、2相连时，多用电表是电流表，接1时并联电阻较小，电流表的量程较 大：当选择开关与5、6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较 大，故B错误； C.当选择开关与3、4相连时，多用电表是欧姆表，测量电阻之前需进行欧姆调零，C正确； D.指针位置如题图乙所示，若选择×102挡，示数为1802：若选择直流电压10V挡，最 小分度为0.2V,根据读数规则可知，指针示数为4.4V,故D正确。 故选CD。 12.BC 【详解】A.由于电源内阻为电源U一I图像的斜率，则此电源的内阻约为 r=A0_4-1Ω=0.5Q,故A错误： △M6 B.用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时，灯泡电压和电流值为AB图线交点，根据 U-I图交点可知，小灯泡L的额定电压为3V,额定功率为P=UⅡ=2×3W=6W 而电源输出功率即为灯泡的额定功率，则电源的输出功率为6W,故B正确： C.根据U-I图可知，电源电动势为4V,此电路消耗的总功率为P=IE=2×4W=8W, 故C正确； IU 3 D.此电源的效率约为门= ×100%=75%，故D错误。 IE 4 故选BC。 13. 0.920/0.921/0.919 42.40 B 小于 电压表的分流 系统 πRD2 4L 【详解】(1)[1]螺旋测微器的精确值为0.0lmm,由图甲可知直径为 0.5mm+42.0×0.01mm=0.920mm 答案第5页（共8页） [2]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm,由图乙可知其长度为 4.2cm+8×0.05mm=42.40mm (2)[3]要求待测电阻两端的电压能从0开始连续可调，可知滑动变阻器应采用分压接法， 由于 R,=15000>B=6 R。 6 RA 1 待测电阻远小于电压表内阻，为了减小误差，电流表应采用外接法，B正确，ACD错误。 故选B。 (3)根据电阻定律 R=PS 可得圆柱体电阻率为 RSπRD2 p= L 4L 14. AC/CA A mamAt ma △t1△t3△t2 【详解】(1)[1]AB.实验目的是验证动量守恒定律，为了便于碰撞前后速度的测量，需要使 小车在碰撞前后在轨道上做匀速直线运动，即需要平衡摩擦力，则该实验需要将滑轨左侧适 当垫高，以补偿阻力，A正确，B错误： CD.由于小车A与小车B发生碰撞后没有改变运动方向，可知该实验中小车A的质量大于 小车B的质量，C正确，D错误。 故选AC。 (2)「2]若两车组成的系统动量守恒，则有 mAVAI =mAVA2 mBVB 根据题意有 d d ，B= △t3 △t2 解得 mAmAt ma △41△43△2 可知，如果仅验证两车组成的系统动量守恒，还需要测量两小车的质量ma、m。 答案第6页（共8页） 故选A。 (3)3]根据上述可知，如果两小车碰撞过程中动量守恒，需要满足的表达式为 mAmA ma △H△L3△2 15.(1)0.24kgm/s,方向竖直向上；(2)6N 【详解】(1)选取竖直向下为正方向，根据自由落体运动规律，手机掉落到人额头位置时的 速度为 v=V2gh=√2×10×0.2m/s=2m/s 手机与额头作用后手机的速度变为0，所以手机与额头作用过程中动量变化量为 △p=0-mv=0.12×2kg·m/s=-0.24kg·m/s 即手机动量变化量的大小为0.24kgm/s,方向竖直向上。 (2)选取竖直向下为正方向，手机与额头作用过程中，设额头对手机平均作用力的大小为F, 对手机由动量定理得 （mg-F)△t=△p 代入数据解得 F=-6N 根据牛顿第三定律知，手机对额头平均作用力的大小为6N。 16.(1)360W (2)72.2% 【详解】(1)由题知，当滑动变阻器接入电路的阻值R=1902时，电动机恰好不转动，且 理想电流表示数L,=1.9A,此时电动机视作纯电阻，根据欧姆定律有U。=I1(R+r) 代入数据解得r=102 由题知，当滑动变阻器接入电路的阻值R,=902时，电流表的示数I,=2A,此时水泵正常 工作，根据电压关系，可知电动机两端的电压为UM=U。-I2R2=200V 根据功率关系，可得电动机正常工作时的输出功率P=UML2-r=360W (2)由题知，水泵的输入功率等于电动机的输出功率，故P=P=360W 水泵的输出功率等于单位时间内水机械能的增量，即P品=mg(H+A)+与mv 答案第7页（共8页） 代入数据解得=260W ×100%= 260 故水泵的效率η= ×100%=72.2% P入 360 17.(1)12(2)1×104C 【分析】(1)根据闭合电路欧姆定律及部分电路欧姆定律列式即可求解内阻(2)电容器C 与R并联，电容器的电压即为R的电压，再根据9=CU即可求解。 【详解】(1)根据闭合电路欧姆定律及部分电路欧姆定律得：E=U+r,U=I(R+R2), 代入数据解得r=1Ω： (2)电容器C与R1并联，则U=IR,而q=CU1,代入数据解得：q=1×104C 【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律公式的直接应用，知道电容器C与R并联，电容 器的电压即为R的电压，难度不大，属于基础题 18.(1)2m/s;(2)0.25m 【详解】(1)设物块质量为，小球质量为m两，由于发生弹性正碰，则由动量守恒定律得 m年Vo=mpy+m丙y2 由机械能守恒定律得 1 )zv2=m十2"w 2 2 解得 y=0.5m/s,y2=2m/s 且v1、2的方向均为水平向右。 (2)此后因摩擦力物块加速，木板减速，物块刚好和木板共速时，物块运动到木板左端，设 木板质量为mz,共同速度为，由动量守恒定律得 mz+n御y=(mz+m)y 由能量守恒定律得 m呢+mn-m+m)=m® 解得 L=0.25m 答案第8页（共8页）