2027届广东深圳市聚龙科学中学（教育集团）高三上学期一模物理试题

物理试题（二） 命题人：曾焕锋 审核人：骆书莲 时间：2026.11 本试卷共6页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、试室号和座 位号填写在答题卡上。用2B铅笔在答题卡相应位置上填涂考生号。 2.作答选择题时，选出每小题答素后，用2B铅笔把答题卡对应题目选项的答案信息 点涂黑：如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。 3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区 域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案：不准使用铅笔和涂改 液。不按以上要求作答的答案无效。 4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将答题卡交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的。 1如图所示为氢原子能级图，大量处在=4能级的氢原子向低能级跃迁时，下列说法中正 确的是（) n E/eV A.最多可辐射出3种频率的光 0.54 B.最多可辐射出6种频率的光 1.51 C.氢原子辐射出能量，电子动能减少，电势能减少 -3.40 D.向n=2能级跃迁时，辐射的光不能使逸出功为2.25eV的金属钾 发生光电效应 -13.6 2某新风系统用了如图所示的装置来实现除尘功能：高压直流电源形成的电场使得气体发生 电离，形成大量正、负离子，正离子距离放电极近，速度低，碰上尘埃的机会较少，只有少 数尘埃到达放电极；负离子距离集尘极板远，与尘埃相撞，使多数尘埃带上负电被集尘极板 收集，则下列说法正确的是（) 集尘极板 A.带正电的尘埃到放电极的过程中，电势能增大 放电极® B.带负电的尘埃到集尘极板的过程中，电势能减小 ⊕ C.带正电的尘埃到放电极的轨迹一定是直线 ⊕ 8 白尘埃 D.尘埃中的电荷与集尘极板上的电荷中和，极板间的电场 消失，除尘功能也消失了 高压电源 试卷第1页共6页 3.如图甲所示，电阻仁1Q的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于匀强磁场的轴匀速转动，在定 值电阻R上产生的t图像如图乙所示，定值电阻R102,其他导线电阻不计，下列说法 正确的是() V 10√2 0.02 0.041/s -10√2 甲 A.线圈的角速度w=50rads B.当线圈平面与磁场方向垂直时，通过线圈的磁通量为0 C.回路中电流的有效值为√2A D.线圈中产生电动势的有效值为11V 4.四川省有许多珍稀、古老的动植物，是中国重要的生物基因宝库。一只大熊猫在嬉戏时， 沿一平直小道先由静止开始匀加速跑完了前半程，末速度大小为，再以大小为ⅴ的速度继 续向前匀速跑完了后半程，所用的总时间为。该大熊猫在前半程奔跑的加速度大小为() A. B. 4v C. 3v t D. 3v 2t 甲 5如图，两只可视为质点的海鸥甲和乙均叼着鸟蛤（贝类动物)，分别 以甲和2的水平速度在同一竖直平面内飞行，飞行到同一竖直线上且 离水平沙滩高度=2h时，同时松开嘴巴，鸟蛤落在沙滩上的同一位 置M。不计空气阻力，则为（) A.1:5B.12C.5:1D.√2：1 6.2026年1月27日，某物理杂志刊发了一篇论文，该论文作者利用开普勒望远镜存档数据， 发现一颗高度类地宜居行星D137010B,论文中给出了一些数据：该行星半径约为地球半径 的1.06倍，公转周期为355天，绕其中心天体运动的轨道半长轴约为地球绕太阳运动的轨 道半长轴的0.88倍，将行星和地球的椭圆轨迹看作圆，根据这些数据，可以估算() A.该行星所环绕的中心天体的质量约为太阳质量的0.7倍 B.该行星所环绕的中心天体的密度约为太阳密度的0,7倍 C.该行星质量约为地球质量的1.5倍 D.该行星的平均密度约为地球平均密度的1.5倍 试卷第2页共6页 7超级电容器因其快充快放、长循环寿命的优势，成为新能源、便捷电了领域的核心储能器 件。超级电容器最常用、最高效的充电方式就是恒流充电（即充电器输出电流不变），则在 恒流充电过程中，超级电容器电荷量2、电压U随时间1变化的图像可能正确的是() A. B 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有 多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，水杯和花盆随餐桌转盘一起匀速转动且无相对滑动。已知水杯和花盆的质量比 为1：4，二者到转盘中心的距离相等，且均可视为质点，则正确的是（) A.水杯和花盆的角度大小之比为1：1 B.水杯和花盆的线速度大小之比为1：2 C.水杯和花盆的向心加速度大小之比为1：4 D.水杯和花盆所受的向心力大小之比为1：4 9某同学研究温度对酒精溶液折射率的影响。如图所示为某种浓度的酒精水溶液，在溶液温 度为20`℃时，让一束光从空气以某一角度入射，折射光线为α。保持溶液浓度不变，仅将该 溶液温度缓慢升高到30^℃，发现折射光线变化到b位置，则当溶液温度升高时() A.光的频率不变 B.溶液的折射率变小 C.光在溶液中的传播速度变小 D.光从溶液射向空气发生全反射时临界角变小 溶液 10如图所示，圆形匀强磁场区域圆心为O,半径为R,磁场方向垂直纸面向里，磁感应强 度的大小为B。一质量为m、电荷量为一9的带电粒子以某一速度从P点沿磁场区域的半径 方向射入磁场，从Q点射出，P0与0Q成60°角，不计粒子重力。下列说法正确的是（) A.若射入速度变大，粒子在磁场中的运动时间变短 B.带电粒子在磁场中的运动时间等于3B m ×××0×× C.若射入速度变大，粒子运动的半径变大 D.带电粒子在磁场中做圆周运动的半径等于号R XXX 试卷第3页共6页 二、非选择题：夹b4分，考生根据要求作答。 11.(8分)在“探究加速度与力、质量的关系实验中，某同学设计了如图甲所示的实验费 置。 打点计时器 小车 纸带盗 单位：cm 4.61 6.59 8.61 10.61 甲 (1)本实验中采用的实验方法是 A.控制变量法 B.等效替代法 C.理想模型法 (2)关于该实验的操作，下列说法中正确的是 A.应当先释放小车，再接通电源 B.本实验方案中不需要平衡摩擦力 C.连接小车和重物的细线要与长木板保持平行 D. 本实验方案中，要保证重物的质量m远小于小车的质量M (3)在实验中得到一条如图乙所示的纸带，用刻度尺测量并在纸带上标出了部分段长度。已 知相邻计数点间的时间间隔T=0.1s,由图乙中的数据可求得：打点计时器在打C点时小车 的速度大小为vC= m/s;小车做匀加速运动的加速度大小为a=ms2。（计算结 果均保留两位有效数字) 12.(8分)纯净水的电导率（电阻率的倒数）是检验纯净水是否合格的一项重要指标。某 学习小组通过实验检测某品牌的纯净水的电导率是否合格，具体实验步骤如下： (1)该小组将采集的水样注满绝缘性能良好的薄塑料圆柱形容器，容器两端用很薄的金属 圆片电极密封，金属圆片的电阻不计，容器长度为L。 25 20 甲 丙 (I)利用螺旋测微器测量该容器的直径d,如图甲所示，其读数为 mm. (2)利用如图乙所示的电路测量水样的电导率（水样的电阻Rx约为10002）。实验室提供的器 材有干电池2节，滑动变阻器R,开关S和若干导线之外，还提供了如下电表： A.电压表(03V,内阻约为1k2) B.电压表(015V,内阻约为2.5k2) C.电流表(0-3mA,内阻约为402) D.电流表(0-0.6A,内阻约为12) ①电压表应选，②电流表应选 (选填器材的字母序号)。 (3)正确连接电路后，合上开关，调节滑动变阻器，得到多组U和1数据，小明同学作出-1 图像，测得图像的斜率为k。则水样电导率的表达式σ=一（用k,d和L表示）。 试卷第4页共6页 13.（12分)《给测嬷的情书》是近期热度很高的潮汕方言电影，其中浓郁的潮汕文化气总 令观众印象深刻。影片中出现的“功夫茶”是潮汕地区盛行的·种饮茶方式，其用具俗称“三 才碗”，由碗盖（天)、碗身（人人、航托（地）三部分组成，寓意“天、地、人”和谐统-， 茶艺师将沸水注入碗中，迅速盖上腕盖，碗盖与碗身之间气密性良好，待腕内封闭气体温度 升高后，腕盖可能被顶起。设刚盖上盖碗时，密封气体初始温度工，=300K,初始压强与环 境压强P。=1.0×10Pa相同，碗盖的质量m=0.kg,横截而积S=50cm2,重力加速度g=10ms。 碗盖 封闭气体 (1)求碗盖第一次恰好被顶起时，碗内气体的温度T: (2)碗内气体的温度T时，碗盖被顶起，放完气后盖内气体压强恢复到P。,求此时封 闭气体的质量与刚盖上碗盖时的质量之比。 14.(12分)杵白是我国古代加工谷物的重要工具，在《诗经·大雅》中有明确记载。使用 杵白的示意图如图(a)所示，春捣白中谷物时，手紧握质量为m的石杵（石杵与谷物接触 但未陷入)，对其施加一竖直向上的恒力F使其上升，作用一段时间4后松手，松手后不考 虑手与石杵的作用力。当石杵上升到最高点时，手再次紧握石杵并对其施加一竖直向下的作 用力E,其大小随下降距离x的变化关系如图(b)所示，图中F为E的最大值。石杵接触 谷物时松手，松手后不考虑手与石杵的作用力，再经过△时间石杵静止，完成·次春捣。 己知m=2.5kg,F1=29N,Fn=50N,=0.7,4t=0.01s,取重力加速度大小g=10m/s2。 求 (1)石杵上升的最大高度h,; (2)△时间内石杵对谷物的平均作用力大小。 ↑FN 石杵 石白 ho x/m 图(a) 图b) 试卷第5页共6页 15.（14分)如图所示，光滑绝缘弹性水平i上静止放着质其为mA=3m的不带电的绝缘弹 性小球A和质量m=m、带电量为+q的弹性小球B（均可视为质点)，它们相距为s。在B球 右侧虚线区域内，有两个方向相反的匀强电场区域：高为H(未知)的下方区域内电场方向 竖直向上，上方区域电场方向竖直向下，其大小均为E=2m3。现对小球A施加一个始终 水平向右的恒力F=8mg(g为重力加速度)，A便由静止开始运动，己知A与B之间的盛 撞为弹性碰撞，碰撞过程中无电荷转移，求： (1)A与B第一次碰撞前A的速度o: (2)A与B第一次碰撞后的A、B速度va、vg: (3)若H=h,求B碰后至到达最高点的过程中机械能的变化量： E F B 试卷第6页共6页物理试题（二） 参考答案及评分标准 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符 合题目要求的。 1.答案B解析：AB.大量处在=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出C=6种频率 的光，故A错误，B正确： C.氢原子辐射出一个光子后，要从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，能级减小， 由电子动能)产故动能拉太，电子以低电势处运动到商电券处，故电势能减小， C错误； D.处在n=4能级的氢原子向n=2能级跃迁时，辐射出的光子能量为△E=E,-E2=2.55eV 大于金属钾的逸出功2.25eV,所以金属钾能发生光电效应，故D错误。 2.答案B解析：AB.带正电的尘埃到放电极的过程和带负电的尘埃到集尘极板的过程都是电场力 做正功，电势能都减小，故A错误，B正确； C,电场不是匀强电场，尘埃的初速度方向也不确定，带正电的尘埃到放电极的轨迹不一定是直线，故 C错误： D.带电尘埃到达集尘极板后电荷与集尘极板上的电荷中和，在电源作用下集尘极板会继续充电，极板 间的电场不会消失，故D错误。 3.答案D解析：A.由图像可知周期T-0.02s,角速度0=2T=100 nrad/s,故A错误： T B.当线圈平面与磁场方向垂直时，线圈处于中性面，磁通量①=BS,此时磁通量最大，故B错误； C.回路电流有效值I有= V五=1A,故C错误： R .定售克阻8电乐泰大信为10y.有装生U,号10V,考志线图天阻分长，电动势省款省为1心。 故D正确。 4.答案D解析：设该大熊猫匀加速奔跑的时间为4，有)%=-4)，该大熊猫在前半程奔跑的 加速度大小a=”,解得a 3v 故选D。 5,答案B解祈：由于平抛运动在竖直方向为自由落体运动，测鸟给落地的时间1 ,即tx√万， 水平方向做匀速直线运动，结合题意，则有：=z:=√h:√h=lW2故选B。 6,答案A解析：行星绕中心天体做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有GM二m4红 推导得中心天体质量M=4红 GT2。 该行星所环绕的中心天体的质量与太阳质量的比值为灯=（片）尸·（一〉 代入=0.88、T=355天、7=365天，计算得M 里M0.88x(5<≈0.7，故A正确； B,该行星所环绕的中心天体宽度P题目末给出中心天体半径R,无法估算密度，放 错误： C.万有引力提供向心力的公式中，环绕天体（行星）的质量m被消去，无其他附加条件无法求出行星 质量，故C错误； D.行星平均密度需要行星质量和体积共同计算，行星质量无法求出，因此无法估算其密度，故D错误。 1 7.答案C解析：AB.恒流充电时，根据Q=t,可知电量Q与时间t成正比，故AB错误： D,电容定义C一号=分析可知，电容不变超级电容器两端电压随时同均匀增加，故C正确，D生 误。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.答案AD解析：由题意可知，水杯和花盆随餐桌转盘一起匀速转动且无相对滑动，因此角速度 0相同，A正确；二者到转盘中心的距离相等，则做圆周运动的半径r相同，由公式v=⊙r,因此B 错误。由公式a=o,因此C错误。由向心力公式F=mor可知，水杯和花盆所受的向心力大小之比 为即为二者质量之比，为1：4，故选D。 9.答案AB解析：A.光的频率不随介质折射率的变化而变化，A正确； B.根据折射率公式n=血1， 入射角i不变，折射光线从a变到b,折射角”增大，故溶液的折射率变 sin r 小，B正确； C.根据n=C,溶液的折射率变小，则光在溶液中的传播速度变大，C错误： D。根据siC=】,溶液的折射率变小，光从溶液射向空气发生全反射时临界角C变大，D错误。 n 10.答案ACD解析：A.粒子以某一速度从P点沿磁场区域的半径方向射入，根据对称性和几何 关系可知，其出射速度方向一定沿另一半径方向向外，设入射点和出射点所在半径夹角为，粒子运 轨迹的圆心角为0，由儿何知识有+0=80，r=Ram,者射入速度V变大，根据上” 可知， gB 粒子运动的半径r变大，则α变大，偏转角0变小；根据1=，号T且周期T-2m 保持不变，可知粒子 2元 gB 在磁场中的运动时间变短，故A正确： B.u=60°，则粒子轨迹的圆心角0=180°-60°=120 120 带电粒子在磁场中的运动时间= 360°tT=2D,故B错误； C.根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径公式r=” 可知，若射入速度变大，粒子运动的 9B 半径变大，故C正确： D.根据几何关系可得，带电粒子在磁场中做圆周运动的半径r=Rtan30°=三R,故D正确。故选ACD。 三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。 11.(8分) 答案(1)A(2分)(2)C(2分) (3)0.76(2分) 2.0(2分) (1)解析：加速度a与拉力F、质量M两个因素同时有关。实验时必须先保持小车质量M不变， 改变拉力F,探究a与F的关系；再保持拉力F不变，改变小车质量M,探究a与M的关系一一这 种“控制一个量不变、只改变另一个量”研究多因素问题的方法叫控制变量法，故选A (2)C解析：A错误：使用打点计时器应先接通电源、待打点稳定后再释放小车，若先释放小车再 接通电源，纸带前面一段打不上点，既浪费纸带又增大误差。B错误：本实验需要平衡摩擦力。只有平 衡摩擦力后，小车所受合力才等于细线的拉力，α与F才成正比；若不平衡摩擦力，：F图线将不过原 点、在F轴上有截距。C正确：细线必须与长木板平行，这样拉力才全部沿木板方向，拉力的大小才等 于小车受到的合力；若细线翘起，拉力的分力提供加速度，会产生系统误差。D错误：本装置中有力传 感器可直接测拉力，且实验要求绳端拉力（传感器读数）即为小车所受合外力对应的力，不用要求拉 力等于重物的重力，所以不需要保证重物的质量m远小于小车的质量M;故正确的是C。 (3)解析：1vc=(Bc+xcD/(2T)=0.76m/s,用逐差法[(xcD+xD-(x4B+xC]/(2T)22.0ms2 2 12.(8分) 容案(1)3.700m(2分)(2)①A(2分)②C(2分) 3)、4L (2分) knd? (1)螺旋测微器读法：固定刻度读数+可动刻度读数×0.01mm(需估读一位)，即答案为： 3.5mm+20.0×0.01mm=3.700mm。 (2)①电源为2节千电池，电动势约3V。若选量程15V的电压表B,测量值最大也只有3V,指针 偏转不足满量程的1/4，读数误差大，故选量程3V的电压表A,测量时指针接近满偏、读数准确。 ②估算回路最大电流：I≈E/Rx3/1000A=3mA。若选量程0.6A的电流表D,3mA仅为其量程的0.5%， 几乎无法读数；而量程3A的电流表C恰好能使指针在接近满偏处读数，故选C。 (3)图乙中知道U=IRx,UI图线为过原点的直线，斜率k=R。圆柱形水样的横截面积：S=πdf/4。由 电阻定律：Rx=pLS:电导率是电阻率的倒数，o=lp的倒数形式，整理得o= knd? 13.(12分) 【答案】(1)300.6K(2)0.998 解：(1)碗盖第一次恰好被顶起时，碗盖受力平衡，有PS=PS+mg(2分) 解得p1=1.002×105Pa (1分) 该过程可近似看作密封气体的等容升温过程，由查理定律有-马 To T (2分) 解得T1=300.6K (1分) 解法一(2)放完气后盖内气体压强恢复为P,体积仍为”，设刚盖上盖碗时封闭气体质量为m,此 时利余封闭气体质量为m,同种理想气体质量与物质的量成正比，由理想气体状态方程V=册r (2分) 可知在P,'相同的情沉下，气体质量与热力学温度成反比，所以=只 (2分) 代入T=300K、T1=300.6K 将受器 =0.998 (2分) 解法二(2) 温度保持T1不变，以碗内全部气体（含放出气体）为研究对象，等温变化。 初始状态（顶起瞬间）：P1、八、T1 设想膨胀至压强Po时的总体积为V总，根据玻意耳定律：P1V=PV总 同温同压下，气体质量之比等于体积之比，碗内剩余的体积为V m余_V_P。 m原V总P1 m余1.0×105500 m原1.002×105=501≈0.998 14.（12分) 【答案】(1)0.4m(2)1025N 解：(1)对石杵施加一竖直向上的恒力F,当作用时间为4，的过程中的加速度 a=F-mg_10 m/s2 (2分) m 7 此时的速度v?=t=lm/s (1分) 上升的位移h=4=0.35m 2 (1分) 3 藏去F后还能上升的商度么=片=0.05m (1分) 2g 石杵上升的最大高度h,=h+h2=0.4m (1分) (2)根框图像，石折下落过程中厅对石#微功为：W=F么×50x0410 (1分) 当到达石杵接触谷物时由动能定理W+mgh,=)m心 (1分) 解得v2=4m/s (1分) 石杵与谷物作用的过程，对石杵由动量定理（向上为正）： (F-mg)△t=0-(-my2) (1分) 解得F=1025N (1分) 根据牛顿第三定律可知，石杵对谷物的平均作用力F=F=1025N。 (1分) 15.（14分) 【答案】(1)，=V图(2)V 方向水平向右， 3gs 2 4 4 方向水平向右；(3)青meh: 解：(1)对A,根据牛顿第二定律，有F=mAa (2分) 解得a,=骨 (1分) 根据速度位移关系可得2sa=v (2分) 解得=V (1分) 2 (2)由于A与B之间的碰撞为弹性碰撞，则 mAvo =mAVA+mBVB (1分) 1 1 1 2m6-2m+2m 2 (1分) 解得y,=,方向水平向右 (1分) 4 3g VB= —，方向水平向右 (1分) 4 (3)当B球进入下方电场时，根据牛顿第二定律，有Eg-mg=m4 所以41=g (1分) 在竖直方向有h= 2a 4=当 (1分) 当B球进入上方电场时，根据牛顿第二定律，有Eg+m8=m34 所以42=3g 在竖直方向有以= 2a2 5之 联立可得州-骨 (1分) B碰后至到达最商点的过程中机核能的支化茶为A止=h-5-号mgh1分） 4