广西壮族自治区柳州市来宾市青华中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

来宾青华中学2025级高二10月检测（物理） (时间：75分钟总分：100分) 一、单选题（共28分）：只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不得分。 1.(本题4分)汽车在水平路面上加速行驶，下列力中对汽车做负功的是() A.牵引力 B.支持力 C.重力 D.空气阻力 2.（本题4分)关于元电荷的解释，下列说法正确的是() A.元电荷就是电子间 B.物体所带的电荷量可能是元电荷的1.5倍 C.元电荷就是质子 D.元电荷是最小电荷量 3.(本题4分)两个点电荷相距r时，它们之间的库仑力大小为F。若保持两电荷的电荷量不变，将它 们的距离增大为2，则库仑力大小变为() A.4F B C.2F 4.(本题4分)由图可知，将一正点电荷在a点静止释放，仅在电场力作用下，正电荷由α点沿电场线 移到b点的过程中，关于电场力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法中正确的是() b A.电场力做正功，电势能增加，动能减小 B,电场力做正功，电势能减少，动能增加 C.电场力做负功，电势能增加，动能减少 D.电场力做负功，电势能减少，动能增加 5.(本题4分)如图所示，ab和cd为半径R=5cm的圆的两条直径，O点为圆心，∠aOc=74°，空间存 在与圆面平行的匀强电场，b、c、d三点的电势分别为26V、10V、17V,已知sin37°=0.6， c0s37°=0.8，则电场强度的大小为() 6 A.1.5 V/cm B.2.0 V/cm C.2.5 V/em D.4.0 V/cm 试卷第1页（共5页） 6.(本题4分)如图所示，竖直平面内有固定的光滑绝缘圆形轨道，匀强电场的方向平行于轨道平面水 平向右，P、Q分别为轨道上的最高点和最低点，M、N是轨道上与圆心O等高的点。质量为m、带负 电的电荷量大小为9的小球，在P处以速度水平向右射出，恰好能在轨道内做完整的圆周运动，已知重 力加速度大小为8，轨道半径为R,电场强度大小为卫=修。则下列说法正确的是() Vo A.在轨道上运动时，小球动能最大的位置在圆弧QM的中点 B.小球在P点的初速度，=V(3W2-2)gR C.从P点出发，运动一周回到P点的过程中，电势能先增大再减小 D,若增大小球在P点的速度，则经过P、Q两点时小球所受轨道弹力大小的差值也会增大 7.(本题4分)如图所示，一均匀带电绝缘细棒的电荷量为+q(q>0),在过细棒中点c的中垂线上有 a、b、d三点，且bc=cd=ab=x。在a点固定一负点电荷，其电荷量为-5q,已知d点的电场强度为 零，静电力常量为k,则b点的电场强度大小为() a b A.5 9x2 B. 5kg C. D.50g 9x2 二、多选题（共18分）：有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不 选的得0分。 8.（本题6分)下列说法中正确的是() A.“-15J的功”中的负号表示大小 B.伽利略首先建立加速度的概念，并得出自由落体运动的规律 C.库仑通过实验最早测定了元电荷的数值 D.法拉第最早提出了电场的概念并用电场线描述电场 9.（本题6分)如图所示，在一个匀强电场中有一个等边三角形，电场的方向与平面平行。若已知A点 的电势为2V,B点电势为6V,C点电势为4V,三角形边长为4cm,则下列说法正确的是() 试卷第2页（共5页) B A.AB两点间的电势差UAB=4V B.匀强电场的方向平行于AB边，并从B指向A C.BC边的中点D处的电势为2V D.匀强电场的场强大小为E=100V/m 10.（本题6分)如图1所示，一光滑直杆竖直固定在水平地面上，一轻弹簧套在杆上，下端与地面相 连。现将弹簧压缩到长度为l=0.10m,并用细线绑住；再将一滑块穿过直杆置于弹簧上。某时刻烧断细 线，滑块开始运动，其动能与离地高度的关系如图2所示，图线最高点坐标（0.18,0.32)，且只在高度 0.200.35范围内为直线，重力加速度8取10m/s2,不计空气阻力，则下列说法正确的是（) E小 0.40 0.30 0.20 0.10 h/m 0.10 0.20 0.30 图1 图2 A.轻弹簧原长为0.18m B.轻弹簧的劲度系数为100N/m C.轻弹簧的最大弹性势能为0.50J D.滑块从离地0.16m高度运动到离地0.20m高度的过程中，弹簧的弹性势能减少量大于滑块重力势 能的增加量 三、实验题（共14分) 11.(本题6分)某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示，在气垫导 轨上安装个光电门，滑块上固定一遮光条。 光电门 滑块遮光条 气垫导轨 定滑轮Q 25 连气源 20 刻度 钩码 调节旋钮P 调节旋钮Q 试卷第3页（共5页） (1)用天平测得钩码的质量为，滑块的质量为M。 (2)用螺旋测微器测遮光条的宽度d测量结果如图乙所示，则d=cm。 (3)按图甲所示组装实验装置，将滑块由静止释放测得遮光条起始位置到光电门的距离为x,遮光条通 过光电门的时间为。若实验结果表明，重物和滑块运动过程中机械能守恒，则机械能守恒的表达式为 gx=。(用已知量相应的字母表示，g为重力加速度)。 12.(本题8分)某物理兴趣小组利用如图所示装置来探究影响电荷间静电力的因素。A是一个带正电的 物体，系在绝缘丝线上的带正电的小球会在静电力的作用下发生偏离，静电力的大小可以通过丝线偏离 竖直方向的角度显示出来。他们分别进行了以下操作： 步骤一：把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的？、乃、等位置，比较小球在不同位置所受带电 物体的静电力的大小。 步骤二：使小球处于同一位置，增大或减小小球所带的电荷量，比较小球所受的静电力的大小。（重力加 速度为8) (1)该实验采用的方法是转换法和 (2)若球的质量为，在乃位置时偏离竖直方向的夹角为，则带电体受到的库仑力大小为 (3)在实验中，某同学让两半径为R的小球分别带上☑和q2的正电，并使两小球球心相距3R时处于平 衡状态，利用公式F=k (3R) 来计算两球之间的库仑力，则该同学的计算结果 （选填“偏大“偏 小”或正确)，理由是： P BB 四、解答题（共40分) 13.(本题10分)如图所示，电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带电荷量也为q的小球 B固定在O点正下方绝缘柱上。其中O点与小球A间的距离为1，O点与小球B间的距离为√1。当小球 A平衡时，悬线与竖直方向夹角=30°。带电小球A、B均可视为点电荷。静电力常量为k,则 试卷第4页（共5页） OB 7777777777 (1)细线拉力的大小为多少？ (2)A小球的质量为多少？（重力加速度为g) 14.（本题13分)质量=5kg物体，从仁2m高处以vo=2m/s的水平初速度抛出，如图所示。设运动过 程不计空气阻力，重力加速度g取10/s2。求： (1)物体做平抛运动的过程中重力做的功W; (2)物体抛出时的初动能Ex1; (3)物体触地之前瞬间的动能Ek2。 -Vo h 77777777777777777777 15.(本题17分)如图所示，在光滑绝缘水平面上，质量为m的均匀绝缘棒AB长为L、带有正电，电量 为Q且均匀分布.在水平面上O点右侧有匀强电场，场强大小为E,其方向为水平向左，BO距离为x, 若棒在水平向右的大小为Q4的恒力作用下由静止开始运动.求： A B F E n ←X0-→ (1)棒的B端进入电场/8时的加速度大小和方向： (2)棒在运动过程中的最大动能 (3)棒的最大电势能.（设O点处电势为零） 试卷第5页（共5页） 《来宾青华中学2025级高二10月检测（物理）》参考答案 题号 1 2 3 4 6 8 9 10 答案 0 0 0 & O B BD BD BC 1.D 【详解】A.力与物体的位移同向时，力做正功。牵引力与汽车的水平位移同向，做正功，故A错误； BC.力与物体的位移垂直时，力不做功。汽车所受支持力竖直向上、重力竖直向下，均与汽车的水平位 移垂直，这两个力都不做功，故BC错误： D.力与物体的位移反向时，力做负功。空气阻力与汽车的位移方向相反，做负功，故D正确。 故选D。 2.D 【详解】A.元电荷是自然界中最小的电荷量，数值为e=1.60×1019C,等于单个电子或单个质子的带电 量，元电荷是电荷量的物理单位，不是实物粒子；故A错误； B.所有带电体的电荷量只能是元电荷的整数倍，不可能为1.5倍，故B错误： C.元电荷是电荷量，质子是带正电的实物粒子，二者本质不同，故C错误： D.元电荷是自然界中存在的最小电荷量，故D正确。 故选D。 3.D 【详解】由库仑定律P=,电荷量不变、距离增大为原来的2倍时，库仑力变为原来的}。 72 故选D。 4.B 【详解】正电荷由α点沿电场线移到b点的过程中，所受电场力的方向与位移的方向相同，可知电场力 做正功，电势能减小，根据动能定理可知，正电荷的动能增加。 故选B。 5.C 【详解】在匀强电场中，沿同一直线相等距离对应的电势差相等，则-”。=9。-P。 解得。=13.5V 则在bo方向上，每厘米电势下降2.5V,则在bo上距离b点 x= U_26V-17V=3.6cm 2.5V/cm 2.5V/cm 处电势与d点电势相等，设为点e,如图 答案第1页（共7页） 0 e 2 ● 由几何关系可得也1b,则该匀强电场的电场强度为B=-26V-17V=25Vcm 3.6cm 故选C。 6.B 【详解】A.由题意可知，小球在复合场中做圆周运动，则小球在等效最低点的位置时小球的动能最大。 小球带负电，电场力方向水平向左，大小为F=gB=mg 重力竖直向下，大小为g,因此等效重力的大小为F合=√(gE)?+(g}=√2g 方向斜向左下方，与竖直方向成45°，因此等效最低点的位置在圆弧ON的中点，如图所示： vo, O mg 因此在轨道上运动时，小球动能最大的位置在圆弧QN的中点，故A错误： B.恰好做完整圆周运动的条件为小球在等效最高点B点时轨道的弹力为0，等效重力提供向心力，则有 12 Fs=2ng=mR 解得小球在等效最高点的速度大小为v=√√2gR 由几何关系可知此时速度方向与竖直方向的夹角为45°。从P到B点过程，由动能定理有 2m2、J mgR(1-cos45)-EqRsin 45 =1 解得小球在P点的初速度为%=√32-2)gR,故B正确； C.从P点出发，小球运动一周的过程中，电场力始终向左，从P到M,电场力做负功，电势能增大： 从M到N,电场力做正功，电势能减小；从N到P,电场力做负功，电势能增大。因此小球运动一周回 到P点的过程中，电势能先增大再减小最后又增大，故C错误： D.对小球在P点列牛顿第二定律方程有F。+g= R 答案第2页（共7页） 解得小球在P点所受轨道弹力的大小为F=m R 同理在e点有乃s=m兰 R 解得小球在Q点所受轨道弹力的大小为F。=m +唱 R nn哈 从P到9，由动能定理得g2R=%-m 2 联立解得经过P、Q两点时小球所受轨道弹力大小的差值为 △F=F- +8 ·=618 R 故差值为定值，与初速度无关，故D错误。 故选B。 7.D 【详解】电荷量为-5q的负点电荷在d点产生的电场强度方向向左，大小为 k.5g 5kg E1= (3x)29x2 根据电场的叠加原理可知，细棒在d点产生的电场强度方向向右，大小为 县贸 根据对称性可知，细棒在b点产生的电场强度方向向左，大小为 5kg E 9x2 电荷量为-5q的负点电荷在b点产生的电场强度方向向左，大小为 4物 根据电场的叠加原理可知，b点的电场强度方向向左，大小为 E=E+E5=50g 9x2 故选D。 8.BD 【详解】A,功是标量，功的负号不表示大小，仅表示该力对物体运动起阻碍作用（即做负功），故A错 误： B.伽利略在研究运动规律时，首次建立了加速度的概念，结合实验和逻辑推理得出了自由落体运动的规 律，故B正确； C.密立根通过实验最早测定了元电荷的数值，故C错误： D.法拉第最早提出了电场的概念并用电场线描述电场，故D正确。 答案第3页（共7页） 故选BD。 9.BD 【详解】A.AB两点间的电势差为Us=P4-=-4V,故A错误； BD.已知B点的电势为6V,A点电势为2V,C点电势为4V,在匀强电场中，AB的中点的电势为 4u-24+9=4V 2 连接CM即为该匀强电场的等势面，电场线垂直于等势面，指向低电势方向，如图所示 M 由几何关系可知，CM垂直于AB,即电场线沿着BA方向，则电场强度为 E=A-%9-62Vm=10OVm,故BD正确： BABA 0.04 C.匀强电场中沿着任意直线电势均匀变化，则BC边的中点D处的电势为，=%十=5V,故C错 2 误。 故选BD。 10.BC 【详解】A,在Ek-h图像中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从0.2m上升到0.35m范围内 图像为直线，其余部分为曲线，说明滑块从0.2m上升到0.35m的范围内所受作用力为恒力，则从=0.2m 开始，滑块与弹簧分离，即弹簧的原长为0.2m,故A错误： B.在从0.2m上升到0.35m范围内 AEk=△E,=g△h 则图线的斜率绝对值为 k=44=0.3 -N=2N=mg h0.35-0. 所以滑块的质量为 m=0.2kg 由图像可知=0.18m时滑块的动能最大，即此时速度最大，滑块所受合力为零，弹力等于重力 k△l=1g 则 △1=0.02m 所以轻弹簧的劲度系数 答案第4页（共7页） k=100N/m 故B正确； C.根据能量的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧的最大弹性势能， 所以 Epm=g△h=0.2×10×(0.35-0.1)J=0.5J 故C正确； D.由图线可知，滑块从0.16m高度运动到0.2m高度的过程中，滑块动能没有变化，所以弹簧的弹性势 能全部转化为滑块的重力势能，即弹簧的弹性势能减少量等于滑块重力势能的增加量，故D错误。 故选BC。 11. 0.5700 【详解】(2)[1]螺旋测微器读数等于 5.5m+20.0×0.01m=5.700m=0.5700cm (3)[2]系统机械能守恒得 1 msx=20+0m2 d 则 gs( 12 控制变量法 nig tan a 偏大 同种电荷相互排斥，电荷间等效距离大于3R,库仑 力的实际值小于F=k9 (3R) 【详解】(1)[1]该实验先控制小球的电荷量一定，研究静电力与距离的关系；再控制距离一定，研究静 电力与电荷量的关系；该实验采用的方法是转换法和控制变量法。 (2)[2]根据受力平衡可得带电体受到的库仑力大小为 F=mg tan a (3)[3][4在实验中，某同学让两半径为R的小球分别带上4和9的正电，并使两小球球心相距3R时处 平衡状态，利用公式是来计算两球之可的库仑力，则该同学的计算结果偏大：因为同种电荷】 答案第5页（共7页） 相互排斥，电荷间等效距离大于3R,库仑力的实际值小于P=k% (3R)2。 13.( (23g 82 【详解】(1)带电小球A受力如图所示 F F OB mg 由几何知识得0C=1c0s30=5, 即C点为OB中点，根据对称性可知AB=1,力的平行四边形为菱形，则有F=F 由库仑定律知A、B间静电力大小为P=女 2 g 则细线拉力大小为F= (2)根据几何关系可得g=2Fcos30°=√3F 联立解得A小球的质量为m=V5g 82 14.(1)100J:(2)10J:(3)110J 【详解】(1)物体做平抛运动的过程中重力做的功为 W=gh=5×10×2J=100J (2)物体抛出时的初动能为 A=方m-552=10w (3)根据动能定理可得 W=Elo-Ex 解得物体触地之前瞬间的动能为 答案第6页（共7页） E2=W+E4=100J+10J=110J 15.(1)g/8m向右(2)95k+5(3)952+0 4 81 6 【详解】（①）根据牛顿第二定律，得E_。.E=a解得F ,方向向右. 48L 8i (2)设当棒进入电场x时，其动能达到最大，则此时棒受力平衡，有 E=x.OE 4 解得x=L 4 0408 由动能定罪得：五=之w学化+， ,4x=2( L、 OExL OE 4+3-4X 42×440T。》 (3)棒减速到零时，棒可能全部进入电场，也可能不能全部进入电场，设恰能全部进入电场， 则有：5（6+)-51=0. 2 得L;6=(亿+)= 4 2 当<L,棒不能全部进入电场，设进入电场x 0+OB L-x=0-0 根据动能定理得（伍+x))” 解之得：x=L++8Z, 4 则形-941吗) 4 当0>L,棒能全部进入电场.设进入电场x4(6+)-L-O5(x-)-0 2 得：x=。+2L 3 则-4(+)=4华2L-08(2+ 43 6 答案第7页（共7页）