广西壮族自治区来宾市第一中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

来宾一中2028届高二10月检测（物理） (时长：75分钟总分：100分) 一、单选题：本大题共7小题，每小题4分，共28分，只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不 得分。 1.以下不属于电场强度单位的是() A.N/C B.J/s C.V/m D.kg.m A·g3 2.如图，在正点电荷Q形成的电场中，在某点M放入一电荷量为q的正点电荷P,P受到的库仑力为 F,下列表述正确的是() A.若将P移近Q,则P所受库仑力减小 B.若将P移走，则M点的电场强度为零 C.若将P处换负电荷，则P处场强反向 D.若将P的电荷量增大为2q,则P所受库仑力增大为2F 3.如图所示，ABCD为直角梯形，其所在平面内存在垂直于AD方向的匀强电场，已知AB=BC=lcm, ∠ABC=120°，A点电势P4=9V,B点电势=6V,则下列说法正确的是() B C A,匀强电场的电场强度方向由B指向A B.匀强电场的电场强度大小为3V/cm C.D点电势PD=6V D.C点电势pc=7.5V 4.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等差等势面，实线为一带负电的粒子仅在电场力的作用 试卷第1页（共5页） 下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是粒子依次经过的两点。下列说法正确的是() C-- b-- A,该电场可能是负点电荷产生的 B,粒子经过P点时的加速度大于经过Q点时的加速度 C.粒子经过P点时的电势能小于经过Q点时的电势能 D.粒子经过P点时的速度大于经过Q点时的速度 5.￡=102，R=202,R允许通过的最大电流为1.5A,R两端允许加的最大电压为10V。若将它们并 联，则消耗的最大功率为() A.10W B.15W C.27.5TW D.33.75W 6.某一探测器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有个二价正离子到达探测器阴极，有2n个电子 到达探测器的阳极，则探测器电路中的电流为() B. 2ne A.0 C.3ne D.Ane t t 7.2023年7月，韩国科学家团队声称发现了世界首个室温常压超导体，引起了全球物理学界的轰动和质 疑，目前还没有得到科学界的承认。确认超导电阻是否为0的一种实验为长时间监测浸泡在液态氦中的 超导铅丝单匝线圈中电流的变化。设线圈初始时通有I=100A的电流，在持续一年（约3×10's)的时间 内电流检测仪器测量线圈中电流的变化△小于1.0A。假设电流的变化仅由电子定向移动的平均速率变 化引起，且电子损失的动能全部转化为电热。已知单位体积的线圈中电子个数为8.0×10”个，电子质量为 9.0×1031kg,电子电量为1.×1019C,根据这个实验，估算超导态铅的电阻率至少小于（) A.1.4×10202-mB.1.4×10-22-m C.1.4×10°242-m D.1.4×10262-m 二、多选题：本大题共3小题，每小题6分，共18分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选 对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。 8.如图所示，电荷q在匀强电场中分别沿路径AB和AMB运动，下列说法正确的是() B 9 M A.电荷分别沿两种路径运动时，静电力做功的大小可能不同 B.若电荷沿A→M→B→A运动，则静电力做功为0 C.若q为正电荷，沿A→M运动时静电力做正功 试卷第2页（共5页） D.若q为负电荷，沿A→M运动时静电力做正功 9.图甲为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电 场线由A运动到B的过程中，其速度一时间图像如图乙所示，则下列叙述正确的是() B 甲 乙 A.电场线方向由B指向A B.电场强度大小E4<EB C.Q可能为负电荷，也可能为正电荷 D.Q在A的左侧且为负电荷 10.一根横截面积为S的铜导线，通过电流为I。已经知道铜的密度为p,铜的摩尔质量为M,电子电荷 量为，阿伏加德罗常数为Na,设每个铜原子只提供一个自由电子，单位体积内的自由电子数为n,铜导 线中自由电子定向移动速率为v,t时间内穿过导线横截面的自由电子数为N,,下列关系正确的是 ( A.I=Noe B.It=Noe C.No=viSn D.N-VSe N M 三、填空题：本题满分6分。 11.如图所示，在NaC1溶液中，正、负电荷定向移动，其中C1水平向左移动。若测得4s内分别有 1.0×1016个Na+和CI通过溶液内部的横截面M,那么溶液中的电流方向 (填“由A流向B”或由 “B流向A”),4s内通过横截面AB的电荷量为 C,电流大小为 nA。(e=1.6x10-19C) 电源 M B ⊕ 四、实验题：本题满分8分。 12.某工厂有一个圆柱体工件，小明同学想测量工件的电阻率。 试卷第3页（共5页） 03020 10 11 12 cm 0 HHHHHHHHHHHh 05101520 (1)先用多用电表进行初步测量，在已经正确完成所有准备后，先选择了电阻“×1”挡，接入电阻后发现指 针的偏转角度过小，重新选择档位后进行欧姆调零，多用电表示数如图所示。则该待测电阻的阻值约为 2。 (2)如图2用20分度游标卡尺测工件长度为 cIm。 (3)为了测量工件的电阻R,小明设计了如图甲所示的电路。 R R 甲 丙 ①实验中，把电压表的右端分别接于α点和b点，发现电流表的示数有明显的变化，如图丙所示。为了 减小实验误差，电压表的右端应接 (填“d”或b”)点。 ②若测得工件的长度为L、直径为D,工件两端的电压为U,通过工件的电流为I,则工件材料电阻率的 表达式为p= (用己测量的物理量相应的字母表示)。 五、解答题：本题满分40分。 13.(10分)如图所示，点电荷O的电场中，电荷量为1.0×10-0c的点电荷P在与点电荷O距离r=0.2m的 M点受到的静电力为9.0×105N,己知静电力常量k=9.0×10N.m/C2。求： (I)点电荷O在M点的电场强度的大小： (2)点电荷O的电荷量。 14.(13分)如图所示为一真空示波管的简化示意图，电子从灯丝K发出（初速度可忽略不计），经灯丝与 A板间的电压U,加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板N形成的偏转电场 试卷第4页（共5页） 中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子恰从N板右边沿 飞出。己知两板间的距离为d,板长为4d,不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力。 M A N (1)求加速后的速度vo: (2)求偏转电场两板间电压U (3)求电子束从偏转电场边沿飞出时速度方向与KO线夹角的正切值。 15.(17分)如图所示的电路中，M、N两点间的电压U恒定，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A, 电压表的示数为9.0V。在开关S闭合后，电流表的示数减小了△[=0.5A,已知电阻R2=3.02,电流 表、电压表均为理想电表。求： M (1)电阻R的阻值： (2)开关S闭合后经过t=5s,通过电阻R的电荷量Q； (3)M、N两点间的电压U。 试卷第5页（共5页） 《来宾一中2028届高二10月检测（物理）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B 0 B B BC AD BCD 1.B 【详解】A,由电场强度定义式B=可知，VC是电场强度的单位，A正确，但不符合恩意： B.由功率公式P=?可知，J/s是功率的单位，不属于电场强度单位，B错误，符合题意， C.由匀强电场场强与电势差的关系B-号可知，Vm是电场强度的单位，C正确，但不符合题意： U D.根据单位换算：1N=1 kg.m/s',1C=1A:s,因此N7C=1 kg-m/s-13m A.S A.s3 该单位是电场强度的单位，D正确，但不符合题意。 故选B。 2.D 【详解A.设P与2的距离为7。点电荷2在P处产生的场强大小为B=(号，P所受电场力大小为 F=qB。P移近O时，r减小，E增大，故F增大，故A错误： B,电场强度由场源电荷Q和空间位置决定，与是否放入试探电荷P无关。移走P后，M点的电场强度 仍由Q产生，不为零，故B错误： C.电场强度方向规定为正电荷在该点受力的方向。Q为正点电荷，P处场强沿远离Q方向；把P换成负 电荷只会改变电场力方向，不会改变由Q产生的场强方向，故C错误； D.P所在位置不变时，场强E不变。由电场力公式F=qE,将电荷量增为2q时，F'=2qE=2F,故D 正确。 故选D。 3.B 【详解】A.ABCD为直角梯形，其所在平面内存在垂直于AD方向的匀强电场，又A点电势高于B点电 势，沿电场线方向电势逐渐降低，可得匀强电场的电场强度方向由A指向B,故A错误： B.根据电势差和电场强度的关系UAs=EdAs=E·AB 可得匀强电场的电场强度大小为B=乙温=经=3Y=3Vcm,故B正确： ABAB 1cm C.AD与电场线垂直，是等势面，可知D点电势等于A点电势，可知PD=9V,故C错误： D.根据电势差和电场强度的关系Usc=Edsc=E.BC sin30°=P-Pc 可得Pc=4.5V,故D错误。 故选B。 答案第1页（共6页） 4.B 【详解】A.负点电荷产生的电场的等势线是以负点电荷为圆心的同心圆，故A错误； B.等差等势线越密的位置，电场强度越大，因此粒子经过P点时受到的电场力大于经过Q点时受到的电 场力，结合牛顿第二定律可知，经过P点时的加速度大于经过Q点时的加速度，故B正确： CD.粒子运动时的速度方向沿轨迹切线方向且受到的电场力指向轨迹凹侧，结合电场强度方向跟等势线 垂直，可知粒子沿轨迹从P点运动到Q点，电场力方向始终与速度方向成锐角，则电场力做正功，粒子 的电势能减小，动能增大，速度增大，故CD错误。 故选B。 5.B 【详解】R两端允许加的最大电压max15V,电阻并联，两电阻两端的电压相等，而R两端允许加的 最大电压为10V,所以R两端的电压为10V,通过的电流I1 _U28-10A=1A R10 U 因此最大功率P=IR+ R 代入数据得P=15W 故选B。 6.B 【详解】电流的定义式为1=？，其中9是时间t内通过导体同一横截面的电荷量，只分析某一极板即可 代入电流公式得I=9=2e 故选B。 7.D 【详解】如果电流有衰减，意味着线圈有电阻，设电阻为R,则在一年时间内电流通过线圈发热损失的 能量为 △E=I2.Rt 设S表示横截面积，1为铅丝长度，电阻率为P,根据电阻定义式 R=pl S 根据电流定义式 I=Syne 续一年（约3×10's)的时间内电流检测仪器测量线圈中电流的变化△I小于1.0A,电流的变化仅由电子 定向移动的平均速率变化引起，且电子损失的动能全部转化为电热，由于导电的电子数密度是不变， 电流的变小是电子平均速率变小的结果，一年内平均速率由v到ⅴ一△v对应的电流变化 答案第2页（共6页） △I=neS△v 导电电子的平均速率变小，使导电电子的平均动能减少，铅丝中导电电子减小的平均动能 △E=lSn 解得 △E,≈7S7mN△V 由于△I<I,所以△v<v,联立上式可得 AB=Idt ne2S 铅丝中所有导电电子减少的平均动能就是一年内因发热而损失的能量，即 △E=△E 联立上式可得 -4 0 ne2It 时间为 t=365×24×3600s=3.15×10s 代入可得 p=1.4×10-262m 所以超导态铅的电阻率至少小于 p<1.4×10-262m 故选D。 8.BC 【详解】A.静电力做功只与电荷的初、末位置有关，与电荷运动路径无关，故A错误； B.电荷从某点出发又回到了该点，静电力做功为O,故B正确： C.正电荷沿电场线的方向运动，则正电荷受到的静电力和电荷的位移方向相同，故静电力对正电荷做正 功，故C正确： D.同理，负电荷沿电场线的方向运动，静电力对负电荷做负功，故D错误。 故选BC。 9.AD 【详解】A.根据速度一时间图像分析，电子做加速度减小的加速运动，所受静电力方向向右，电场线方 向向左，即电场线方向由B指向A,A正确： B.加速度=型减小，电子所受静电力减小，电场强度减小，则电场强度大小E4>E。,B错误： 答案第3页（共6页） CD.根据点电荷形成的电场特点，Q只能在A的左侧且为负电荷，D正确，C错误。 故选AD。 10.BCD 【详解】ABC.电流为 I=nesy=9=Noe tt 有 It=Noe,No =viSn A错误，BC正确； D.设体积V内自由电子数为N,则 PV NA PN -N-MN V M 所以 No=viSn=VIS.P N D正确。 故选BCD。 11. 由A流向B 3.2×10-3 0.8 【详解】[]电流方向与正电荷的定向移动方向相同，与负电荷的定向移动方向相反，可知溶液中的电流 方向由A流向B: [2]4s内流过截面上的电荷量为q=1.0×1016×1.6×1019C+1.0×1016×1.6×1019C=3.2×103C [3电流大小为1=9=Q032A=0.003A=0.8nA 12.(1)150 (2)10.230 (3) b πUD2 4IL 【详解】(1)选择电阻“×1挡时偏转角度过小，表明电阻为大电阻，则应换为“×10挡，电阻值为 R,=15.0×102=1502 (2)20分度的游标卡尺精度为0.05m,所测工件长度为L=102m+6×0.05m=102.30m=10.230cm (3)[1]实验中，把电压表的右端分别接于点和b点，发现电流表的示数有明显的变化，说明电压表的 分流比较明显，电流表应采用内接法，为了减小实验误差，电压表的右端应接b点。 [2I根据电阻定律可得R=PS 答案第4页（共6页） 又R= 7，S=交D 4 联立可得工件材料的电阻率p=tD 4IL 13.(1)9.0×10N/C (2)+4.0×106C 【详解】(1)M点电场强度的定义式为B=? 代入数据得五=90x10 1.0×1010 N/C=9.0x103N/C (2)由库仑定律，M点的点电荷P受到的静电力大小为P=№ 3 结合电场强度定义B=严 整理得E=g! 整理得g= E72_9.0×10×0.22 C=4.0×106C 9.0×109 由图可知，电场线从点电荷O向外发散，所以点电荷O带正电，即Q=+4.0×106C。 14.(1)= 2eU ·,方向沿中心线KO方向 ②0=g 8 (3)tan6= 4 【详解】(1)电子从灯丝K发出（初速度可忽略，即z≈0），在K、A间由动能定理得U%- 5h-0 2eUo 解得%=m 方向沿中心线KO方向（垂直于偏转电场方向射出）。 ②)电子进入偏转电场，设运动时间为t,加速度为a,电场强度为B,则4d=,号， eE=ma,U=Ed 联立解得U= U西 8 (3)设电子束从偏转电场下极板右边沿飞出时速度方向与0线夹角为0，则am0=!，y=am 联立解得tang 4 15.(1)6.02 (2)15C (3)12V 答案第5页（共6页） 【详解】(1)根据欧姆定律有 y 解得 =6.02 (2)开关S闭合后，分析电路可知，电流表的示数减小了，此时流过电阻R的电流 3=I-△M=1.0A 此时电压表的示数 U并=13R 流过电阻R的电流 U光 1,2 流过电阻R的电流 1=12+3 开关闭合后，经过t=5s,通过电阻R的电荷量 Q=T1=15C (3)开关S断开时，根据欧姆定律有 U=IR+U3 开关S闭合后 U=IR+U并 解得 U=12V 答案第6页（共6页）