精品解析：浙江绍兴市新昌中学2026-2027学年高一上学期10月阶段性测试物理试卷

浙江省新昌中学2026-2027学年高一上学期10月段性测试 物理试卷 考生注意： 1.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。 2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。 一、选择题Ⅰ（本题共12小题，每小题3分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不给分） 1. 下列物理量属于标量的是（ ） A. 时间 B. 速度 C. 加速度 D. 位移 2. 2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵式在北京天安门广场隆重举行，其中分列式环节精彩纷呈。下列关于该阅兵式中涉及的物理概念描述正确的是（ ） A. 空中护旗梯队于9时44分飞过天安门广场，这里的“9时44分”指的是时刻 B. 阅兵纪念大会上午9时正式开始，其中“9时”指时间间隔 C. 歼-20战机组成梯队沿直线飞过广场，战机的位移就是路程 D. 徒步方队从东华表处出发至西华表处接受检阅，此过程中方队的位移大小大于其行进的路程 3. 关于速度的理解正确的是（　　） A. 小李同学在800米决赛中取得了第一名，同学们纷纷说他跑得“快”，是指小李同学的平均速度大 B. 汽车仪表盘上显示的是汽车的平均速率 C. 隧道前面标有的80标牌，指的是汽车穿过隧道的瞬时速率不能超过80km/h D. 平均速率是平均速度的大小 4. 科学家对“自由落体运动”的早期研究，推动了物理学从“经验观察”向“科学推理”的转变。下列关于该段物理学史的说法，正确的是（ ） A. 亚里士多德通过逻辑推理得出“重的物体比轻的物体下落更快”的结论 B. 伽利略为反驳亚里士多德的观点，设计了“轻重物体捆绑下落”的逻辑推理实验 C. 伽利略通过直接测量自由落体运动的速度与时间，证明其是匀加速直线运动 D. 牛顿首次提出“自由落体运动的加速度与质量无关” 5. 如图所示，水平桌面（桌面厚度不计）离水平地面的高度为0.8m，从桌面右侧边缘上方离水平地面1.0m的高度处由静止释放橡皮擦（可视为质点），橡皮擦最终落到水平地面。以橡皮擦经过桌面边缘的位置为原点、竖直向下为正方向建立一维坐标系，橡皮擦在最高点的坐标和橡皮擦从释放位置到落地点的位移分别为（　　） A. -0.2m和-1.0m B. 0.2m和1.0m C. 0.2m和-1.0m D. -0.2m和1.0m 6. 如图甲所示，火箭发射时，速度能在12s内由0增加到120m/s；如图乙所示，汽车以108km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，初速度的方向为正方向，下列说法中正确的是（　　） A. 火箭的加速度比汽车的加速度大 B. 2.5s内汽车的速度变化率为-30m/s C. 火箭的速度变化比汽车的慢 D. 12s内火箭的速度变化量为 7. 如图所示，2025年4月1日12时，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号运载火箭，成功将卫星互联网技术实验卫星发射升空，顺利进入预定轨道，在火箭运动过程中某个阶段，火箭可视为做直线运动，加速度方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小至零，则在此过程中，下列说法正确的是（　　） A. 火箭加速升空时，火箭的速度越大，其加速度一定越大 B. 火箭位移逐渐增大，当加速度减小至零时，位移达到最大值 C. 火箭速度逐渐增大，当加速度减小至零时，速度达到最大值 D. 火箭速度逐渐减小，当加速度减小至零时，速度达到最小值 8. 一质点做匀变速直线运动，其速度v与时间t的数值关系为v=6–2t（各物理量均采用国际单位制单位）。关于该质点的运动，下列说法正确的是（　　） A. 初速度大小为2m/s B. 加速度大小为4m/s2 C. 加速度大小为2m/s2 D. 2s后速度大小为2m/s 9. 如图所示，物体自点由静止开始做匀加速直线运动，、、、为其运动轨迹上的四点，测得，。且物体通过、、所用时间相等，、、各点的瞬时速度表示为、、，则下列说法不正确的是（　　） A. 可以求出物体加速度的大小 B. 可以求得两点间距离 C. 可求得之间距离为1.125m D. 可以确定 10. 篮球比赛前，常通过观察篮球从一定高度由静止下落后的反弹情况判断篮球的弹性。某同学拍摄了该过程，并得出了篮球运动的图像，如图所示。下列说法正确的是（　　） A. f、b两点间篮球的加速度发生变化 B. 每次反弹前后瞬间篮球的速度大小相等 C. d点篮球回到出发点 D. a、b、c、d、e、f点中对应篮球位置最高的是a点 11. 中央电视台科普节目《加油向未来》在现场利用内部气压为、高的亚克力管做落体实验，如图将亚克力管等分为四段，从上到下每段标为，羽毛由静止开始从最高点下落，经过速度的增加量为，经过速度的增加量为，则与的比值满足（　　） A. B. C. D. 12. 如图甲，智能寻迹小车上装有传感器，会自动识别并沿水平面内的黑色轨迹行驶，黑色轨迹上标有数值的短线为分值线。比赛时，小车从起点出发，以停止时车尾越过的最后一条分值线的分数作为得分。为了能让小车及时停下来获得高分，需要测试小车的刹车性能。小张同学在平直路面CD上做了刹车（可以认为车轮被“抱死”）实验，图乙是刹车过程中位移和时间的比值与时间t之间的关系图像。下列说法正确的是（　　） A. 由图像可知，刹车过程中加速度大小为 B. 从开始刹车时计时经，小车的速度为 C. 从开始刹车时计时经，位移大小为 D. 在从C点开始刹车时的速度保持不变的情况下，加速度越小，则比赛得分越高 二、选择题Ⅱ（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 13. 小明一家人开车去罗浮山风景区游玩，他打开手机导航，搜索了从家驾车去风景区的路线，线路显示常规路线距离95km，需用时78分钟，选择走距离较近路线择优76km，需用时123分钟，如果走高速优先则有98km，需用时90分钟，则下列说法判断正确的是（ ） A. 走常规路线的95km是指的位移 B. 走距离较短表明位移最小 C. 小明从家到景点的位移大小不超过76km D. 各条线路的位移大小是相等的 14. 多功能道路检测车是一套模块化的数据采集平台，由一辆特别改装的汽车底盘和各种数据采集子系统组成，用于在高速公路和一般公路上即时收集公路的信息资料，由计算机即时处理或后期处理。现在某个测试场的一平直公路上行驶的两辆多功能道路检测车a和b，其位移-时间图像分别如图中直线a和曲线b所示，时直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是（　　） A. a车做匀速运动，b车做加速运动 B. 在时间内，a车和b车的平均速度相等 C. 之前，b车的速度始终大于a车的速度 D. 时，a车和b车相遇 15. 冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目。为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰之间的动摩擦因数减小。在某次训练中，运动员两次以相同的速度推出冰壶，第一次，在冰壶滑行至10m处擦冰2m，冰壶从推出到停止滑行的距离为25m，滑行时间为8s，第二次在冰壶滑行至15m处擦冰2m，冰壶整个过程滑行的距离为x，滑行的时间为t，则（　　）（假设冰壶在擦冰处做匀速运动） A. x=25m B. x<25m C. t=8s D. t>8s 16. 借助运动传感器可用计算机测出物体运动的速度如图7所示，传感器由两个小盒子A、B组成，A盒装有红外线发射器和超声波发射器，它装在被测小车上，每隔1s可同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲；B盒固定不动且装有红外线接收器和超声波接收器，B盒收到红外线脉冲时开始计时红外线速度为，红外线的传播时间可以忽略不计，收到超声波脉冲时计时停止在某次测量中，B盒第一次记录到的收到红外线脉冲和收到超声波脉冲的时间差为，B盒第二次记录到的收到红外线脉冲和收到超声波脉冲的时间差为，根据超声波速度，可以判定　　 A. 当第1次发射脉冲时，小车距B盒的距离51m B. 当第2次发射脉冲时，小车距B盒的距离68m C. 该小车运动的速度大小为 D. 该小车运动方向是靠近B盒 三、非选择题（本题共4小题，17题16分，18题10分，19题12分，20题10分） 17. 在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中： （1）为完成实验，除了图中的器材外，还需要______。 A. 秒表 B. 天平 C. 刻度尺 （2）学校实验室提供如图甲、乙所示的两种打点计时器。某实验小组决定使用电火花计时器，应是图______（填“甲”或“乙”）中的计时器。电源采用的是______（填“交流8V”“交流220V”或“四节干电池”）。 （3）本实验中关于轨道末端滑轮高度的调节。正确的是（　　）； A. B. C. （4）下列说法中正确的是________。 A. 连接重物和小车的细线应与长木板保持平行 B. 将小车放在远离打点计时器的一端 C. 先接通电源，后释放小车 D. 选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始 （5）图乙是实验中的一条纸带，已知交流电频率为，两相邻计数点间均有四个计时点未画出，根据纸带可求出小车在C点的速度______m/s，加速度______m/s2。（结果均保留两位有效数字）。 （6）小文同学按课本“练习与应用”中提到的方法，将图丙中的4段纸带剪开贴到坐标纸上，若此图中直线斜率为k（其中，k无单位），纸带宽为d，则加速度的表达式为______。（用题中所给物理量符号k、d、f表示） 18. 汽车以12m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经过2s速度变为8m/s。求： （1）刹车后2s内汽车前进的距离； （2）刹车后8s内汽车前进的距离。 19. 歼-35作为我国自主研制的第五代隐身舰载战斗机，在福建舰的电磁弹射系统助推下展现出卓越的加速性能。已知满油满弹状态下的歼-35起飞重量达32吨，其在电磁弹射器作用下从静止开始，仅用3s就达到270km/h的离舰速度。请结合上述信息回答下列问题： （1）若将歼-35的电磁弹射过程视为匀加速直线运动，求： ①弹射过程中的加速度大小； ②这段匀加速直线运动的位移大小： ③最后1s内的位移大小： （2）已知歼-35在福建舰的电磁弹射系统助推下实际滑跑距离不超过80米，请问其在舰上做的是加速度逐渐减小的加速运动还是加速度逐渐增大的加速运动？（直接写出结果即可） 20. 跳伞运动负做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当距离地面75m时打开降落伞，伞张开后运动员就以的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为，实现安全着陆,g取. （1）求运动员打开降落伞时的速度大小. （2）求运动员离开飞机时距离地面的高度. （3）运动员离开飞机后，经过多少时间才能到达地面？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 浙江省新昌中学2026-2027学年高一上学期10月段性测试 物理试卷 考生注意： 1.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。 2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。 一、选择题Ⅰ（本题共12小题，每小题3分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不给分） 1. 下列物理量属于标量的是（ ） A. 时间 B. 速度 C. 加速度 D. 位移 【答案】A 【解析】 【详解】时间是标量，速度、加速度和位移都是矢量。 故选A。 2. 2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵式在北京天安门广场隆重举行，其中分列式环节精彩纷呈。下列关于该阅兵式中涉及的物理概念描述正确的是（ ） A. 空中护旗梯队于9时44分飞过天安门广场，这里的“9时44分”指的是时刻 B. 阅兵纪念大会上午9时正式开始，其中“9时”指时间间隔 C. 歼-20战机组成梯队沿直线飞过广场，战机的位移就是路程 D. 徒步方队从东华表处出发至西华表处接受检阅，此过程中方队的位移大小大于其行进的路程 【答案】A 【解析】 【详解】AB．阅兵纪念大会上午9时正式开始，装备方队9时38分通过检阅台，空中护旗梯队于9时44分飞过天安门广场，“9时、9时38分、9时44分”均是时刻，故B错误，A正确； CD．位移是初位置指向末位置的有向线段，位移的大小小于等于路程，单向直线运动时取等号，故CD错误。 故选A。 3. 关于速度的理解正确的是（　　） A. 小李同学在800米决赛中取得了第一名，同学们纷纷说他跑得“快”，是指小李同学的平均速度大 B. 汽车仪表盘上显示的是汽车的平均速率 C. 隧道前面标有的80标牌，指的是汽车穿过隧道的瞬时速率不能超过80km/h D. 平均速率是平均速度的大小 【答案】C 【解析】 【详解】A．小李同学在800米决赛中取得了第一名，同学们纷纷说他跑得“快”，是指他在相同路程下所用的时间最少，即平均速率最大，故A错误； B．汽车仪表盘上显示的是汽车的瞬时速率，故B错误； C．隧道前面标有的80标牌，指的是汽车穿过隧道的瞬时速率不能超过80km/h，故C正确； D．平均速率是指路程与所用时间的比值，平均速度的大小为位移与所用时间的比值，因此平均速率不是平均速度的大小，故D错误。 故选C。 4. 科学家对“自由落体运动”的早期研究，推动了物理学从“经验观察”向“科学推理”的转变。下列关于该段物理学史的说法，正确的是（ ） A. 亚里士多德通过逻辑推理得出“重的物体比轻的物体下落更快”的结论 B. 伽利略为反驳亚里士多德的观点，设计了“轻重物体捆绑下落”的逻辑推理实验 C. 伽利略通过直接测量自由落体运动的速度与时间，证明其是匀加速直线运动 D. 牛顿首次提出“自由落体运动的加速度与质量无关” 【答案】B 【解析】 【详解】A．亚里士多德的观点基于日常经验观察（如石块比羽毛下落快），并未通过逻辑推理，故A错误； B．伽利略通过逻辑推理反驳亚里士多德：若重物体下落快、轻物体下落慢，将二者捆绑后，总质量更大应下落更快，但轻物体又会拖慢重物体，出现矛盾，从而推翻原有观点，故B正确； C．伽利略受限于当时测量技术，无法直接测量自由落体的瞬时速度，而是通过研究“斜面小球运动”间接推导自由落体规律，故C错误； D．“自由落体运动的加速度与质量无关”是伽利略通过实验与推理得出的核心结论，故D错误。 故选B。 5. 如图所示，水平桌面（桌面厚度不计）离水平地面的高度为0.8m，从桌面右侧边缘上方离水平地面1.0m的高度处由静止释放橡皮擦（可视为质点），橡皮擦最终落到水平地面。以橡皮擦经过桌面边缘的位置为原点、竖直向下为正方向建立一维坐标系，橡皮擦在最高点的坐标和橡皮擦从释放位置到落地点的位移分别为（　　） A. -0.2m和-1.0m B. 0.2m和1.0m C. 0.2m和-1.0m D. -0.2m和1.0m 【答案】D 【解析】 【详解】以橡皮擦经过桌面边缘的位置为原点、竖直向下为正方向建立一维坐标系，橡皮擦在最高点的坐标为 落到地面的坐标为 从释放位置到落地点的位移为 故选D。 6. 如图甲所示，火箭发射时，速度能在12s内由0增加到120m/s；如图乙所示，汽车以108km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，初速度的方向为正方向，下列说法中正确的是（　　） A. 火箭的加速度比汽车的加速度大 B. 2.5s内汽车的速度变化率为-30m/s C. 火箭的速度变化比汽车的慢 D. 12s内火箭的速度变化量为 【答案】C 【解析】 【详解】AC．火箭发射时，速度能在12s内由0增加到120m/s，其加速度大小为 汽车的初速度为108km/h，即，同理可得其加速度大小为 可知火箭的加速度比汽车的加速度小，火箭的速度变化比汽车的慢，故A错误，C正确； B．2.5s内汽车的速度变化量为-30m/s，速度变化率即加速度为，故B错误； D．12s内火箭的速度变化量为，故D错误。 故选C。 7. 如图所示，2025年4月1日12时，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号运载火箭，成功将卫星互联网技术实验卫星发射升空，顺利进入预定轨道，在火箭运动过程中某个阶段，火箭可视为做直线运动，加速度方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小至零，则在此过程中，下列说法正确的是（　　） A. 火箭加速升空时，火箭的速度越大，其加速度一定越大 B. 火箭位移逐渐增大，当加速度减小至零时，位移达到最大值 C. 火箭速度逐渐增大，当加速度减小至零时，速度达到最大值 D. 火箭速度逐渐减小，当加速度减小至零时，速度达到最小值 【答案】C 【解析】 【详解】A．加速度方向始终与速度方向相同，则火箭加速运动，速度越来越大，但加速度大小逐渐减小至零，故A错误； BCD．火箭速度逐渐增大，则火箭位移逐渐增大，当加速度减小至零时，速度达到最大值，此后匀速直线运动，位移继续增大，故BD错误，C正确。 故选C。 8. 一质点做匀变速直线运动，其速度v与时间t的数值关系为v=6–2t（各物理量均采用国际单位制单位）。关于该质点的运动，下列说法正确的是（　　） A. 初速度大小为2m/s B. 加速度大小为4m/s2 C. 加速度大小为2m/s2 D. 2s后速度大小为2m/s 【答案】C 【解析】 【详解】ABC．根据得，质点的初速度，加速度，大小为，故AB错误，C正确； D．物体在2s时的速度，实际上2s后速度随时间变化，并非恒定为2m/s，故D错误。 故选C。 9. 如图所示，物体自点由静止开始做匀加速直线运动，、、、为其运动轨迹上的四点，测得，。且物体通过、、所用时间相等，、、各点的瞬时速度表示为、、，则下列说法不正确的是（　　） A. 可以求出物体加速度的大小 B. 可以求得两点间距离 C. 可求得之间距离为1.125m D. 可以确定 【答案】A 【解析】 【详解】A．已知物体做匀加速直线运动，设通过、、所用时间均为。根据匀变速直线运动推论，连续相等时间内的位移差恒定，有 即，解得。由于时间间隔未知，无法求出加速度的具体大小，故A错误； B．根据推论可知， 解得，即可以求得两点间距离，故B正确； C．设物体从到的时间为，则。根据位移公式有 即 解得 代入，得 结合，解得 由此可求出间距离为 代入解得，故C正确； D．在匀变速直线运动中，连续相等时间内的速度增量相等，即， 所以可以确定，故D正确。 本题要求选出不正确的，故选A。 10. 篮球比赛前，常通过观察篮球从一定高度由静止下落后的反弹情况判断篮球的弹性。某同学拍摄了该过程，并得出了篮球运动的图像，如图所示。下列说法正确的是（　　） A. f、b两点间篮球的加速度发生变化 B. 每次反弹前后瞬间篮球的速度大小相等 C. d点篮球回到出发点 D. a、b、c、d、e、f点中对应篮球位置最高的是a点 【答案】D 【解析】 【详解】AC．由图分析可知，第一次点为与地面接触点，速度最大，点速度为零，为最高点，但由于每次与地面碰撞后速度减小，所以d点篮球位置比出发点低，图像斜率代表加速度，所以f、b两点间篮球加速度没发生了变化，故AC错误； B．根据图像可知，每次反弹前后瞬间篮球的速度大小不相等，故B错误； D．a、b、c、d、e、f点中a、d两点速度为零，在最高点，但由于每次与地面碰撞后速度减小，根据能量守恒可知，d点篮球位置比a低，故D正确。 故选D。 11. 中央电视台科普节目《加油向未来》在现场利用内部气压为、高的亚克力管做落体实验，如图将亚克力管等分为四段，从上到下每段标为，羽毛由静止开始从最高点下落，经过速度的增加量为，经过速度的增加量为，则与的比值满足（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】由题意可知，小球所在的管内空气阻力可以忽略不计，即小球做自由落体运动，根据初速度为零匀加速相同位移比例关系可知，两段相同距离h的时间之比为 由 则 即 故选C。 12. 如图甲，智能寻迹小车上装有传感器，会自动识别并沿水平面内的黑色轨迹行驶，黑色轨迹上标有数值的短线为分值线。比赛时，小车从起点出发，以停止时车尾越过的最后一条分值线的分数作为得分。为了能让小车及时停下来获得高分，需要测试小车的刹车性能。小张同学在平直路面CD上做了刹车（可以认为车轮被“抱死”）实验，图乙是刹车过程中位移和时间的比值与时间t之间的关系图像。下列说法正确的是（　　） A. 由图像可知，刹车过程中加速度大小为 B. 从开始刹车时计时经，小车的速度为 C. 从开始刹车时计时经，位移大小为 D. 在从C点开始刹车时的速度保持不变的情况下，加速度越小，则比赛得分越高 【答案】C 【解析】 【详解】A．图乙所示与时间t之间的关系式为 即 与对比得， 故刹车过程中加速度大小为，故A错误； B．从开始刹车时计时经，小车的速度为，故B错误； C．小车开始刹车后经过停止，故从开始刹车时计时经，位移大小为，故C正确； D．在从C点开始刹车时的速度保持不变的情况下，加速度越小，小车匀减速至停止的过程通过的位移越大，比赛得分越低，故D错误。 故选C。 二、选择题Ⅱ（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 13. 小明一家人开车去罗浮山风景区游玩，他打开手机导航，搜索了从家驾车去风景区的路线，线路显示常规路线距离95km，需用时78分钟，选择走距离较近路线择优76km，需用时123分钟，如果走高速优先则有98km，需用时90分钟，则下列说法判断正确的是（ ） A. 走常规路线的95km是指的位移 B. 走距离较短表明位移最小 C. 小明从家到景点的位移大小不超过76km D. 各条线路的位移大小是相等的 【答案】CD 【解析】 【详解】A．走常规路线的95km是指的是路程，选项A错误； BD．三种路径的起始位置相同，则位移都相同，选项B错误，D正确； C．因路程不小于位移大小，则小明从家到景点的位移大小不超过76km，选项C正确。 故选CD。 14. 多功能道路检测车是一套模块化的数据采集平台，由一辆特别改装的汽车底盘和各种数据采集子系统组成，用于在高速公路和一般公路上即时收集公路的信息资料，由计算机即时处理或后期处理。现在某个测试场的一平直公路上行驶的两辆多功能道路检测车a和b，其位移-时间图像分别如图中直线a和曲线b所示，时直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是（　　） A. a车做匀速运动，b车做加速运动 B. 在时间内，a车和b车的平均速度相等 C. 之前，b车的速度始终大于a车的速度 D. 时，a车和b车相遇 【答案】CD 【解析】 【详解】A．因图像的斜率等于速度，可知a车做匀速运动，b车做减速运动，A错误； B．在时间内，a车和b车的位移变化量不相等，则平均速度不相等，B错误； C．因图像的斜率等于速度，可知之前，b车的速度始终大于a车的速度，C正确； D．时两图线相交，说明a车和b车的位移相同，可知两车相遇，D正确。 故选CD。 15. 冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目。为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰之间的动摩擦因数减小。在某次训练中，运动员两次以相同的速度推出冰壶，第一次，在冰壶滑行至10m处擦冰2m，冰壶从推出到停止滑行的距离为25m，滑行时间为8s，第二次在冰壶滑行至15m处擦冰2m，冰壶整个过程滑行的距离为x，滑行的时间为t，则（　　）（假设冰壶在擦冰处做匀速运动） A. x=25m B. x<25m C. t=8s D. t>8s 【答案】AD 【解析】 【详解】两种情况下，冰壶的初速度相同，在擦冰处做匀速运动的位移相同；两种情况下，冰壶做减速运动的位移 x= 也相同，所以总位移相同，速度图像如图所示。根据图像可知，t>8s，x=25m； 故选AD。 16. 借助运动传感器可用计算机测出物体运动的速度如图7所示，传感器由两个小盒子A、B组成，A盒装有红外线发射器和超声波发射器，它装在被测小车上，每隔1s可同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲；B盒固定不动且装有红外线接收器和超声波接收器，B盒收到红外线脉冲时开始计时红外线速度为，红外线的传播时间可以忽略不计，收到超声波脉冲时计时停止在某次测量中，B盒第一次记录到的收到红外线脉冲和收到超声波脉冲的时间差为，B盒第二次记录到的收到红外线脉冲和收到超声波脉冲的时间差为，根据超声波速度，可以判定　　 A. 当第1次发射脉冲时，小车距B盒的距离51m B. 当第2次发射脉冲时，小车距B盒的距离68m C. 该小车运动的速度大小为 D. 该小车运动方向是靠近B盒 【答案】ABC 【解析】 【详解】当第1次发射脉冲时，车距B盒的距离x1=vt1=340×0.15=51m，当第2次发射脉冲时，车距B盒的距离x2=vt2=340×0.2=68 m，该物体运动的速度大小为v==17m/s．所以ABC正确．因为车距B盒越来越远，所以该物体运动方向是背离B盒运动．D错误．故选ABC． 三、非选择题（本题共4小题，17题16分，18题10分，19题12分，20题10分） 17. 在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中： （1）为完成实验，除了图中的器材外，还需要______。 A. 秒表 B. 天平 C. 刻度尺 （2）学校实验室提供如图甲、乙所示的两种打点计时器。某实验小组决定使用电火花计时器，应是图______（填“甲”或“乙”）中的计时器。电源采用的是______（填“交流8V”“交流220V”或“四节干电池”）。 （3）本实验中关于轨道末端滑轮高度的调节。正确的是（　　）； A. B. C. （4）下列说法中正确的是________。 A. 连接重物和小车的细线应与长木板保持平行 B. 将小车放在远离打点计时器的一端 C. 先接通电源，后释放小车 D. 选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始 （5）图乙是实验中的一条纸带，已知交流电频率为，两相邻计数点间均有四个计时点未画出，根据纸带可求出小车在C点的速度______m/s，加速度______m/s2。（结果均保留两位有效数字）。 （6）小文同学按课本“练习与应用”中提到的方法，将图丙中的4段纸带剪开贴到坐标纸上，若此图中直线斜率为k（其中，k无单位），纸带宽为d，则加速度的表达式为______。（用题中所给物理量符号k、d、f表示） 【答案】（1）C （2） ①. 乙 ②. 交流220V （3）B （4）AC （5） ①. 0.76 ②. 2.0 （6） 【解析】 【小问1详解】 A．时间由打点计时器计时，因此不需要秒表，故A错误； B．不需要测量钩码的质量，故不需要天平，故B错误； C．需要测量计数点间的距离，故需要刻度尺，故C正确。 故选C。 【小问2详解】 [1][2]图中甲是电磁打点计时器，乙是电火花计时器，某实验小组决定使用电火花计时器，应是图乙中的计时器。电源采用的是交流220V。 【小问3详解】 本实验中需要调整滑轮的高度，保证细线和木板平行。故B正确。 故选B。 【小问4详解】 A．连接重物和小车的细线应与长木板保持平行，保证小车做匀变速直线运动，故A正确； B．释放前小车应靠近打点计时器，以充分利用纸带，故B错误； C．先接通电源，待打点计时器打点稳定后，再释放小车，记录较多的数据，减小实验误差，故C正确； D．选择计数点时，要从第一个比较清晰的点开始选择计数点，可以不从纸带上第一个点开始，故D错误。 故选AC。 【小问5详解】 [1]电源频率为50Hz，则打点计时器每隔0.02s打一个点，纸带上每相邻两个计数点间还有4个点未画出，则纸带上每相邻两个计数点间的时间间隔为 根据匀变速运动，中间时刻瞬时速度等于全程平均速度，根据纸带可求出小车在C点的速度 [2]由运动学公式可得小车的加速度 【小问6详解】 已知纸带的宽度为d，所以有 由直线斜率可得 因为表示相邻相等时间内的位移差，所以在匀变速直线运动中有 联立解得 其中 解得加速度的表达式为 18. 汽车以12m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经过2s速度变为8m/s。求： （1）刹车后2s内汽车前进的距离； （2）刹车后8s内汽车前进的距离。 【答案】（1）20m （2）36m 【解析】 【小问1详解】 刹车过程中的加速度 负号表示加速度方向与速度方向相反，刹车后2s内车前进的距离 【小问2详解】 设汽车经过时间t2停下，则 可得，汽车经过6s停下，那么8s前进的位移等于6s前进的位移，由逆向思维可知 19. 歼-35作为我国自主研制的第五代隐身舰载战斗机，在福建舰的电磁弹射系统助推下展现出卓越的加速性能。已知满油满弹状态下的歼-35起飞重量达32吨，其在电磁弹射器作用下从静止开始，仅用3s就达到270km/h的离舰速度。请结合上述信息回答下列问题： （1）若将歼-35的电磁弹射过程视为匀加速直线运动，求： ①弹射过程中的加速度大小； ②这段匀加速直线运动的位移大小： ③最后1s内的位移大小： （2）已知歼-35在福建舰的电磁弹射系统助推下实际滑跑距离不超过80米，请问其在舰上做的是加速度逐渐减小的加速运动还是加速度逐渐增大的加速运动？（直接写出结果即可） 【答案】（1）①；②；③ （2）加速度逐渐增大的加速运动 【解析】 【小问1详解】 ① 加速度大小为： ②由匀变速直线运动位移公式可得匀加速直线运动的位移大小为 ③时，由匀变速直线运动位移公式可得 【小问2详解】 加速度逐渐增大的加速运动 理由：可用速度时间图像说明 20. 跳伞运动负做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当距离地面75m时打开降落伞，伞张开后运动员就以的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为，实现安全着陆,g取. （1）求运动员打开降落伞时的速度大小. （2）求运动员离开飞机时距离地面的高度. （3）运动员离开飞机后，经过多少时间才能到达地面？ 【答案】（1）25m/s（2）106.25m（3）7.5s 【解析】 【分析】由题中“跳伞运动负做低空跳伞表演”可知，本题考查自由落体和速度与位移关系，根据运动学公式和物体运动规律可分析本题． 【详解】（1）设运动员打开降落伞时的速度大小为v，由公式可得 解得 （2）运动员离开飞机后先做自由落体运动，因此根据公式可得 解得 因此 解得 （3）设自由落体时间为t2，匀减速时间为t1，则 ， 解得 因此 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $