江苏省海安高级中学2026-2027学年高一上学期10月月考物理试题

高一 物理 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意. 1.下列关于质点的说法正确的是() A,球体类的物体才能用质点来代替 B.分子很小，可以看成质点 C.无论大物体还是小物体，在运动快的时候可以看作质点，运动慢的时候不能看作质点 D.质点是用来代替物体的有质量、没有大小的点 2.北斗七星有围绕北极星自东向西转的规律，我国古代的星象学家把这种规律形象地叫做“斗转星移”， “斗转星移”所选的参考系为() A.月球 B.北极星 C.地面 D.地心 3.关于加速度，下列说法正确的是() A.物体的速度变化越快，其加速度一定越大 B.物体的速度变化，其加速度一定变化 C.物体的速度为0时，其加速度一定为0 D.加速度为-3m/s2,表示物体速度大小每秒减小3ms 4.关于物理课本中的四幅插图，以下说法中正确的是() A.图1中用弹簧测力 墙 计可以直接测出物体 质量大小 B.图2中的实验装置 可以演示桌面的微小 形变，运用了放大法 C.图3中物块对斜面 的压力是因为斜 面发生形变产生的 D.图4中物块受到水自 平向右的滑动摩擦力 图1 图2 图3 图4 5.在平直公路上，一辆汽车以30m/s的速度行驶，司机发现前方有危险立即刹车，刹车时加速度大 小为6ms2,则刹车后6s内汽车的位移和平均速度分别为() A.75m、12.5m/s B.72m、12m/s C.72m、15m/s D.75m、15m/s 6.将小球b从某一高度处由静止释放，同时将ā球从地面竖直向上抛出，结果两 ↑lms) 球运动1s相遇，v-t图像如图所示，不计空气阻力，不计球的大小，重力加速度 g取10m/s2,则小球b释放点离地面的高度为() 15-- A.15m B.20m C.25m t/s D.30m 高一物理（共2页） 第1页 7.如图所示为小球在水平面上移动时每隔0.02s记录下的位置.将该段运动分为5段，则其中平均速 度最大与平均加速度最小的运动过程分别为() ①②；③④⑤ A.①和② B.②和③ C.⑤和② D.⑤和③ ! 8.如图所示，用气垫导轨和光电计时器研究物体的运动，滑块沿气垫导轨下滑时，光电计时器能分 别记录挡片（宽为L)挡住A、B光电门 气垫导轨光电]B滑块遮光条光电门A 的时间△tA、△B,根据气垫导轨上的刻 度尺，可以测量出A、B光电门的距离x。 在实验时，下列说法正确的是() 刻度尺 A.忽略光电门的大小，把它看作一个 位置点，这是一种放大的思想方法 钩码 B. L 是挡光片通过光电门A时的 △tA 平均速度，不能看作瞬时速度 C.可以根据公式，x 计算滑块在AB间的平均速度大小 △t+△tB L-( D.可以根据公式△，。√△，计算滑块的加速度大小 2x 9.如图所示。一斜面由AB和BC两段组成，其中一段光滑另一段粗糙， 小球在A点获得大小为8m/s的速度沿斜面向上运动，到达B点时速 度大小为6ms。到达C点时速度减为0。小球在两段位移上所用时 间相等，下列说法正确的是( aruiuunnao A.AB、BC段位移之比为3：7 B.AB、BC段的加速度大小之比为4：3 C.其中AB段粗糙、BC段光滑 D.小球上滑经过AB中点时的速度大小为5√2m/s 10.如图所示，将小球自A处竖直向上抛出。传感器记录的数据显示：自抛出起计时，经过 时间to和2和小球的速率均为o。小球向上抛出后的位移、速度、运动时间分别用x、v、 t表示。不计空气阻力，关于小球竖直向上抛出的运动过程，下列图像可能正确的是( ◆v2 B 01.56 01.5 4t 11.如图一长为L的金属管从空中某处以o的速率竖直上抛，管口正上方高h(h>L)处 有一小球同时自由下落，金属管落地前小球从管中穿过。己知重力加速度为g,抛出时 管的下端离地面足够高，不计空气阻力。下列说法正确的是() A.若只增大L,其他条件不变，则小球穿过管所用时间可能不变 B.若只增大h,其他条件不变，则小球穿过管所用时间可能增大 C.若小球在管上升阶段穿过管，则y>√g(h+L) D.若小球在管下降阶段穿过管，则 (2h+L)8 2 <vo<gh 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重 要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位. 12.(14分)打点计时器是高中物理实验中常用的实验器材，请你完成下列有关问题： (1)如图A、B是两种打点计时器的图片，其中A是 打点计时器： 线圈 振片 墨粉纸 振针 纸带 永久磁铁 纸带 熨写纸 限位孔 A (2)打点计时器使用的电源为 (选填交流或直流)电源，打点的时间间隔为0.02s (3)接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是 A先接通电源，后让纸带运动 B先让纸带运动，再接通电源 C.让纸带运动的同时接通电源 D.先让纸带运动或先接通电源都可以 (4)如果当时电网中交变电流的频率稍有增大，打点时间间隔为0.019s,而做实验的同学并不知 道，那么速度的测量值与实际值相比 (选填：偏大、偏小、不变) (5)某次实验过程中，小车拖动纸带运动，用打点计时器打出一条纸带，如图丙所示，从某一清 晰点开始，描出O、A、B、C、D五个计数点（相邻两个计数点间有四个点未画出），用刻度尺 量出各点与O点间距离，已知纸带的右端与小车相连接，所用电源的频率为50Hz,则判断小车 做 (填“加速”或“减速”)直线运动，打下B点时小车运动的速度为 m/s 0 3.50 -8.80 15.90 (单位：cm) 24.80 分 (6)若上述纸带是小车作匀变速直线运动所得，则小车的加速度大小为 m/s2 13.(8分)质量为m=2kg的物体静止在水平地板上，用一轻弹簧水平推或拉该物体，已知弹簧原长 lo=10cm,劲度系数-200N/m。若拉物体，当拉着物体匀速前进时，弹簧伸长到12cm,设最大静 摩擦力等于滑动摩擦力，g10m/s2,求： (1)物体和地板间的动摩擦因数？ (2)若用轻弹簧水平推该物体，弹簧压缩到9cm,物体所受的摩擦力大小和方向。 50000660F m0000 高一物理（共2页） 第2页 14.(8分)如图所示，一个篮球从距地面高度为3.05m处由静止开始下落，经1=0.95s落到水平地 面上，速度大小为1=7.1m/s,然后以速度大小2=4.9m/s反弹，向上运动t2=0.45s,到达距地面1.25m 的最高点。已知篮球与地面碰撞的时间为0.4s,求： (1)篮球在与地面碰撞过程中的加速度大小和方向： (2)篮球从开始下落到反弹至最高点过程的平均速度大小和方向。 15.(11分)分拣机器人在智能系统的调度下，能够自主规划路线，确保高效、准确的分拣作业。如 图所示为某次分拣过程示意图，机器人从A处由静止出发沿两段直线路径AB、BC运动到C处停 下，再将货物从托盘卸到分拣口。已知机器人最大运行速率m=3/s,机器人加速或减速运动时的 加速度大小均为a=2.5m/s2,AB距离x1=6m,BC距离x2=2.5m,机器人途经B处时的速率为零，要 求机器人能在最短时间内到达分拣口。求： (1)机器人从A到B过程中，从静止加速到最大运行速率v所需时间o; (2)机器人从A运动到B的时间t1; (3)机器人从A运动到C的平均速率。 分拣平台 托盘 分拣口 16.(15分)一两侧开口且长度为L=4.5m的圆筒A沿着地面滑行，由于摩擦阻力的作用，加速度大 小为a4m/s2,方向总与运动方向相反，直到圆筒停在地面上。圆筒滑行方向前方有一堵墙，圆筒 撞到墙后会反弹，撞墙后速率变为撞墙前的一半。某时刻该圆筒速度为vA,右端距离墙壁为o=16m, 向着墙壁滑动。一无人机B(可视为质点)此时恰在圆筒右侧圆筒口中心以速度阳6m/s与圆筒同 向做匀速直线飞行。假设无人机可以在圆筒内外自由穿梭不受圆筒影响，无人机相对于圆筒从一侧 圆筒口运动到另一侧圆筒口视为穿过一次圆筒（结果可保留根号或分数）。 (1)若圆筒恰好未与墙壁发生碰撞，求此情况v的大小； (2)若vA=12m/s,求当圆筒最终停止时，其右侧到墙壁的距离； (3)若vA=12m/s,求无人机B在飞到墙壁前，每次穿过圆筒所经过的时间。 L-4.5m 。-l6m 2026-2027学年度第一学期高一年级限时练习 物理 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意. 1.D2.B3.A4.B5.A6.C7.D8.D9.D10.C11.C 二、非选择题：共5题，共56分，其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重 要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分：有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位. 12.(14分)(1)电火花；(2)交流：(3)A;(4)偏小；(5)减速；0.62：(6)1.8 13.(8分)(1)(4分)物体匀速前进，根据平衡条件可得f=k(化-)=200×(12-10)×102N=4N 又f=mg联立解得4=0.2 (2)(4分)假设物体保持静止，弹簧压缩到9cm,物体所受的摩擦力大小为 f'=k(4-12)=200×10-9)×10-2N=2N<f 假设成立，故物体所受的摩擦力大小为2N。方向向右。 14.(8分)（①）(4分)篮球与地面碰撞过程中的加速度大小a=2-”=49m/+71ms=30m/s2,方 At 0.4s 向竖直向上。 (2)(4分)全程的位移大小x=3.05m-1.25m=1.80m, 全程的时间t=0.95s+0.4s+0.45s=1.80s, 则平均速度D==18=1m/s,方向竖直向下。 15.(11分)(1)(3分)机器人从A到B过程中，从静止加速到最大运行速率y所需时间。= a 得t0=1.2s (2)(4分)机器人从A运动到B的过程，加速运动位移，=。=1.8m 2 减速运动位移=之6=1,8m,匀速运动时间1=-型=08 Vm 则机器人从A运动到B的时间4=+6+t=3.2s (3)(4分)由于2x:>x2,机器人从B运动到C的过程不能加速度到最大速度m,设机器人加速 到？后开始减速，加速和减速过程中时间和位移大小相等，设机器人从B运动到C的时间为2 =2×兰，得n-2.5s,5=2×兰，得-2s,V=十五，解得v-85 2a i+2 -1.6ms 52 高一物理（共2页） 第3页 16.(15分)解：(1)(3分)若圆筒恰好未与墙壁发生碰撞，则有-2as0=0-v,解得v4=8V2m/s= 11.3m/s。 (2)(6分)依题意，有vA=12m/s>8V2m/s,即圆筒会与墙发生碰撞， 设碰撞前圆筒的速度大小为'A,则碰撞后速度大小为”4， 2 可得2a。=v42-听，-2ax=0-图， 联立解得v'4=4m/s,x=0.5m,即当圆筒最终停止时，其右侧到墙壁的距离为0.5m。 (3)(6分)无人机第一次穿过圆筒时，如图所示， 此过程中无人机的位移为x1=vgt1, 筒的位移为x41=vAt一at, 根据位移之间的关系可得x41=x1+L,解得t1=1.5s, 即无人机第一次穿过圆筒用1.5s, 设筒开始运动后经过t2的时间到达墙， 由vA=vA-at2,解得t2=2s XAI 可知t1<t2,即无人机第一次通过筒时，简尚未撞墙， 无人机在t1=1.5s时到达筒的左端，此时简的速度为v41=)4-at1=6m/S, 而再经过4t=t2-t1=0.5s,圆筒与墙壁发生碰撞， 在筒撞墙时，无人机进入筒的距离为4x=vB4t-+4,4t=0.5m, 2 在撞墙后瞬间，筒的速度大小变为碰撞前的一半，筒停下还需用时4t'=2=0.5s, 在这段时间内，无人机的位移大小x2=vg△t'=3m, 由于L-△x-(x+x2)=0.5m>0,其中x为撞墙后筒的位移大小，上面已经求出，可知筒停下 时，无人机尚在筒内， 因此，无人机从筒停下到飞出筒还需用时4"=上“@=立， 可知无人机第二次穿筒用时4=4t+4P+△t”二：=1.083& 物理答案 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意. 1.D2.B3.A4.B5.A6.C7.D8.D9.D10.C11.C 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重 要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位. 12.(14分)(1)电火花；(2)交流；(3)A;(4)偏小：(5)减速：0.62；(6)1.8 13.(8分)（1)(4分)物体匀速前进，根据平衡条件可得f=k(-1,)=200×(12-10)×102N=4N 又f=mg联立解得4=0.2 (2)(4分)假设物体保持静止，弹簧压缩到9cm,物体所受的摩擦力大小为 f'=k(。-2)=200×10-9)×10-2N=2N<f 假设成立，故物体所受的摩擦力大小为2N。方向向右。 14.(8分)(1)(4分)篮球与地面碰撞过程中的加速度大小a=-1=49m+71m=30m/s2,方 At 0.4s 向竖直向上。 (2)(4分)全程的位移大小x=3.05m-1.25m=1.80m, 全程的时间t=0.95s+0.4s+0.45s=1.80s, 则平均速度节=兰=1,80=1m/s,方向竖直向下。 1.80s 15.(11分）(1)(3分)机器人从A到B过程中，从静止加速到最大运行速率y所需时间。= a 得t0=1.2s (2）(4分)机器人从A运动到B的过程，加速运动位移，=。=1.8m 2 减速运动位移1=之=1,8m,匀速运动时间1--2=0s 则机器人从A运动到B的时间=。+t。+t=3.2s (3)(4分)由于2x,>x2,机器人从B运动到C的过程不能加速度到最大速度m,设机器人加速 到y后开始减速，加速和减速过程中时间和位移大小相等，设机器人从B运动到C的时间为2 5=2×兰，得n2.5ms,6=2x兰，得-2s,V=名士五，解得v=8 -85 2a 4+t2 =1.6m/s 52 16.(15分)解：(1)(3分)若圆筒恰好未与墙壁发生碰撞，则有-2aS0=0-v,解得v4=8V2m/s= 11.3m/s. 高一物理（共2页） 第3页 (2)(6分)依题意，有vA=12m/s>8V2m/s,即圆筒会与墙发生碰撞， 设碰撞前圆筒的速度大小为A,则碰撞后速度大小为之， 可得-2a,=v3-喷，-2ax=0-(倒， 联立解得v'4=4m/s,x=0.5m,即当圆筒最终停止时，其右侧到墙壁的距离为0.5m。 (3)(6分)无人机第一次穿过圆筒时，如图所示， 此过程中无人机的位移为xg1=vgt1, 筒的位移为xA1=v4t1一，Qt片， 根据位移之间的关系可得x41=x1+L,解得t1=1.5s, 即无人机第一次穿过圆筒用1.5s, 设筒开始运动后经过t2的时间到达墙， 由vA=vA-at2,解得t2=2s 可知t1<t2,即无人机第一次通过筒时，筒尚未撞墙， 无人机在t1=1.5s时到达筒的左端，此时筒的速度为v41=vA-at1=6m/S, 而再经过4t=t2-t1=0.5s,圆筒与墙壁发生碰撞， 在筒撞墙时，无人机进入筒的距离为4x=vg4t-4w4.At=0.5m, 2 A 在撞墙后瞬间，筒的速度大小变为碰撞前的一半，筒停下还需用时4t'=三=0.5s, 在这段时间内，无人机的位移大小x2=vgAt'=3m, 由于L-△x-(x+x2)=0.5m>0,其中x为撞墙后筒的位移大小，上面已经求出，可知筒停下 时，无人机尚在筒内， 因此，无人机从筒停下到飞出筒还需用时4"=-x-+x2= .8 2S, 可知无人机第二次穿筒用时飞=△t+△1+△=8=1.083w