安徽阜阳市太和县第二中学2026-2027学年上学期高三月考物理试题

高三上学期月考 一、单选题（本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1．如图所示，将蒲公英的球状冠毛泡到水里，表面的绒毛将水撑开一个保护罩，再拿出来，绒毛还能保持干燥，原因是(　　) A．泡的时间短 B．水浸润绒毛 C．水虽浸润绒毛，但有水的表面张力作用 D．水不浸润绒毛，同时有水的表面张力作用 2．(2025·黑龙江省哈尔滨市东北三省精准教学高三下三模联考)哈尔滨第九届亚冬会开幕式上，表演者手中的双色冰凌手绢花舞动自如，演绎中式浪漫；观众席上，男女老少娴熟地转动手绢为运动健儿加油助威。关于在水平面内匀速旋转的手绢边缘上的点，在一个周期内，下列说法正确的是(　　) A．线速度不变 B．向心加速度不变 C．角速度大小不变 D．运动相同时间的位移不变 3．(2025·贵州省贵阳市高三下三模)2024年8月28日，新疆巴铁若(巴州—铁干里克—若羌)750 kV输变电工程全线贯通。若该线路采用250 kV高压输电，在输电总功率不变的条件下，输电线上单位时间内因发热损耗的电能将变为750 kV高压输电时的(　　) A． 倍 B． 倍 C．3倍 D．9倍 4．高空抛物行为曾被称为“悬在城市上空的痛”，带来很大的社会危害。2021年3月1日，“高空抛物”行为正式入刑。假设一500 mL瓶装水从80 m高处自由落下，与地面接触时间为0.05 s，撞击地面后速度变为零，水的密度为1.0×103 kg/m3，重力加速度为10 m/s2，忽略空气阻力，则该瓶装水对地面的冲击力约为(　　) A．5 N B．100 N C．400 N D．1000 N 5．爱因斯坦提出了光子说，很好地解释了光电效应实验中的各种现象。与光电效应实验有关的四幅图如图所示，下列说法正确的是(　　) A．如图1装置，如果先让锌板带负电，再用紫外线灯照射锌板，则验电器的张角变大 B．由图2可知，黄光越强，光电流越大，说明光子的能量与光强有关 C．由图3可知，为该金属的截止频率 D．由图4可知，E等于该金属的逸出功 6．(2025·黑龙江省大庆实验中学高三下得分训练四)如图甲所示，倾角为α的斜面固定在水平地面上，斜面上一木块受到与斜面底边平行的力F的作用，当力F逐渐增大时，木块所受的摩擦力f和力F的大小关系如图乙所示。若木块的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，图中f1、f2、F1均为已知量，重力加速度为g，下列说法正确的是(　　) A．木块的质量可表示为 B．木块与斜面间的动摩擦因数可表示为tanα C．F小于F1时木块所受的摩擦力与斜面底边垂直且沿斜面向上 D．F大于F1后木块做曲线运动 7．(2025·黑龙江省部分学校高三下第四次联合模拟)如图所示，足够长光滑平行水平导轨所在空间，有垂直于导轨平面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B。导轨间距分别为L和2L，质量为m、电阻为R的铜棒ab跨放在导轨上，同种材料、粗细相同的铜棒cd的长度是ab的两倍，两棒与导轨始终垂直且接触良好。若使ab棒获得一个大小为v0、水平向右的初速度，导轨电阻不计，则在两棒运动过程中(cd棒始终在宽度为2L的导轨上运动)，下列说法正确的是(　　) A．两棒组成的系统动量守恒，且最终速度相等 B．ab棒最终的速度大小为 C．cd棒产生的焦耳热为mv D．ab棒克服安培力做的功为mv 8.在某地区的干旱季节，人们常用水泵从深水井中抽水灌溉农田，简化模型如图所示。水井中的水面距离水平地面的高度为H。出水口距水平地面的高度为h，与落地点的水平距离约为l。假设抽水过程中H保持不变，水泵输出能量的η倍转化为水被抽到出水口处增加的机械能。已知水的密度为ρ，水管内径的横截面积为S，重力加速度大小为g，不计空气阻力。则水泵的输出功率约为(　　) A． B． C． D． 二、多选题（本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分） 9．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表和电流表均为理想交流电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R′为热敏电阻(温度升高时其电阻减小)，R为定值电阻。下列说法正确的是(　　) A．原线圈两端电压的瞬时值表达式为u＝36sin(100πt) V B．变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为1∶4 C．R′处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数变大 D．电压表V2的示数为9 V 10．(2025·辽宁省本溪市高级中学高三下第七次模拟)自“天空立法者”开普勒发现了开普勒三大定律后，人们对宇宙的探索从未停止。如图所示为行星P的运行轨道，F为焦点(太阳)，a、b、2c分别为半长轴、半短轴和焦距，O为椭圆中心。根据万有引力定律，行星和太阳间的引力势能为Ep＝－，其中G为引力常量，M为太阳的质量，m为行星的质量，r为太阳到行星的距离。行星P在A、B两点的瞬时速度为vA和vB，下列说法正确的是(　　) A．vB＝vA B．行星P在椭圆轨道的机械能为E＝－G C．行星P在椭圆轨道的机械能为E＝－G D．行星P绕F运动的周期T＝ 三、实验题 11．(8分)某同学欲利用一半径较大的固定光滑圆弧面测定重力加速度，圆弧面如图1所示。该同学将小铁球从最低点移开一小段距离由静止释放，则小铁球的运动可等效为一单摆。 (1)用游标卡尺测量小铁球的直径，示数如图2所示，则小铁球的直径d＝________ mm。 (2)测量小铁球的运动周期时，开始计时的位置为图1中的________(选填“A”“O”或“A′”)处。 (3)测量等效单摆的周期T。 (4)更换半径不同的小铁球进行实验，正确操作，根据实验记录的数据，绘制的T2­图像如图3所示，横、纵截距分别为a、b，则当地的重力加速度g＝________，圆弧面的半径R＝________。(以上均用字母a、b表示) 12．（8分)某物理实验小组为探究滑动变阻器最大阻值对“限流电路”和“分压电路”的电压调节范围的影响，设计如下实验。 (1)在探究“限流电路”时，甲同学用电阻箱代替滑动变阻器，设计了图a的电路图。已知Rx＝10 Ω，调节R1，记录对应的电压数值，最后绘制成U­R1图像如图b。分析图b可知，采用“限流电路”测量约为10 Ω的电阻时，滑动变阻器最大阻值应选择________。 A．1 Ω 　　B．30 Ω 　　　　C．100 Ω (2)已知Rx′＝100 Ω，在探究“分压电路”时，在图c的基础上，小组设计了如图d的电路图(用R1和R2共同模拟最大阻值分别为1 Ω、10 Ω、100 Ω、1000 Ω的滑动变阻器)。调节R1和R2，记录数据，绘制图e图像。 分析图e可知，考虑电压调节范围尽量大些，应排除________；考虑电压随滑动变阻器阻值均匀变化，应排除________。(均选填“①”“②”“③”或“④”) (3)某同学认为用“分压电路”测量电阻时，滑动变阻器的最大阻值越小越好。请判断该观点是否正确，并简要说明理由。_______________________________________________________________________________ 四、解答题 13．（12分）如图，T形硬质轻活塞上端与力传感器固连，下端与汽缸光滑接触且不漏气。已知大气压强p0＝1.0×105 Pa，活塞横截面积为S，活塞到汽缸底部距离为H＝20 cm，汽缸底部到地面高度为h，此时气体温度为t1＝27 ℃。现对活塞下部气体缓慢加热，同时记录力传感器示数，最后得到如图的F­t图像。整个过程中活塞与汽缸始终密闭，汽缸壁和底的厚度忽略不计，g取10 m/s2，求： (1)汽缸质量M； (2)h大小； (3)活塞截面积S。 14．(12)MM50是新一代三维适形和精确调强的治癌设备，是公认最先进的放射治疗系统，其核心技术之一就是跑道式电子回旋加速器，其工作原理如图所示，左、右匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ的边界平行，相距为L，磁场方向垂直纸面。下方P、Q及两条横向虚线之间的区域存在水平向左、场强为E的匀强电场(两条横向虚线之间的宽度忽略不计)，方向与磁场边界垂直。质量为m、电荷量为－e的电子从P端飘入电场(初速度忽略不计)，经过多次电场加速和磁场偏转后，从位于边界上的出射口C以速度v向左射出磁场，已知C、Q之间的距离为d，重力忽略不计。 (1)求匀强磁场磁感应强度B的大小和方向； (2)求电子第4次通过电场的时间t； (3)若磁感应强度B为已知量，试推理说明：电子在PQ上方无场区运动时，随速度的增加，相邻轨迹的间距是增大、减小还是不变。 15．（18分）很多医院都装备有气动物流装置，将药房配药输送到各科室。如图所示是类似的气动输送装置，管道abcde右端开口，其中ab竖直，高度H＝2R，bc是半径为R的四分之一圆弧管(R远大于管道直径)，cde水平，cd长度x1＝3R，de长度x2＝R。d处紧挨放置着大小可忽略不计的运输胶囊B和C，B被锁定在d处，a处放置胶囊A，胶囊与管道内壁接触处均不漏气，胶囊A、C间气室为真空，A的质量为m，B、C的质量均为M＝3m。启动风机，给A施加一大小恒为F＝2mg的气动推力，A运动至d处前瞬间解锁B，并与B完成弹性碰撞，紧接着B与C完成弹性碰撞，碰撞时间极短，大气对C产生的压力恒为mg(忽略管道内空气流动对气压的影响)，ab和cde均光滑，A经bc过程克服阻力做功为Wf＝mgR(π－1)，求： (1)A经圆弧管道b点处时，管道对其弹力大小FN； (2)B与C碰撞后瞬间，C的速度大小vC； (3)试分析并判断B与C是否会发生第二次碰撞。 参考答案 1． 答案：D 解析：将蒲公英的球状冠毛泡到水里，表面的绒毛将水撑开一个保护罩，再拿出来，绒毛还能保持干燥，原因是水不浸润绒毛，同时有水的表面张力作用，故选D。 2． 答案：C 解析：匀速圆周运动中，线速度大小不变，方向改变，A错误；向心加速度大小不变，方向改变，B错误；角速度大小不变，C正确；运动相同时间的位移大小不变，方向改变，D错误。 3． 答案：D 解析：设U1＝250 kV、U2＝750 kV，对应的输电线电流分别为I1和I2，输电线的总电阻为R，输电线上单位时间(t＝1 s)内因发热损耗的电能分别为Q1和Q2，则输电总功率P＝U1I1＝U2I2，可得＝＝3，由Q1＝IRt，Q2＝IRt得＝＝9，故选D。 4． 答案：C 解析：该瓶装水的质量为m＝ρV＝1.0×103×500×10－6 kg＝0.5 kg，设该瓶装水落地瞬间的速度大小为v，忽略空气阻力，由动能定理得mgh＝mv2－0，解得v＝40 m/s，该瓶装水落地时受到自身的重力mg和地面的支持力FN作用，规定竖直向上为正方向，由动量定理得(FN－mg)t＝0－(－mv)，解得FN＝405 N，根据牛顿第三定律可得该瓶装水对地面的冲击力大小约为400 N，C正确。 5． 答案：D 解析：先让锌板带负电，再用紫外线灯照射锌板，由于光电效应使锌板中的电子从表面逸出，锌板中电荷量减少，则验电器的张角会变小，等锌板中电荷量为零时，验电器的张角为零，如果紫外线灯继续照射锌板，就会使锌板带正电，验电器的张角又增大，A错误；由题图2可知，黄光增强，遏止电压Uc不变，设被照金属的逸出功为W0，则光子能量均为ε＝W0＋eUc，可知光子的能量与光的强度无关，B错误；根据爱因斯坦光电效应方程可得Ek＝hν－W0，且Ek＝eUc，解得Uc＝－，则ν2＝νc，ν2为该金属的截止频率，C错误；爱因斯坦光电效应方程为Ek＝hν－W0，当ν＝0时，可知Ek＝－W0，由Ek­ν图像可知W0＝E，即该金属的逸出功等于E，D正确。 6． 答案：D 解析：由题图乙可知，木块与斜面间的最大静摩擦力大小为f2，当F<F1时，木块受力平衡，设木块的质量为m，木块与斜面间的动摩擦因数为μ，当F＝0时，由平衡条件有mgsinα＝f1，解得m＝，A错误；当0<F<F1时，由平衡条件可知木块所受的摩擦力具有与F的方向相反的分力，C错误；当F＝F1时，由最大静摩擦力等于滑动摩擦力及平衡条件有μmgcosα＝f2，解得μ＝tanα，B错误；当F>F1时，假设木块做直线运动，则木块的速度方向与所受合力方向相同，设与斜面底边的夹角为θ，θ为定值，且tanθ＝，随着F的增大，θ减小，假设不成立，木块做曲线运动，D正确。 7． 答案：D 解析：两棒中电流大小相等，长度不同，受到的安培力方向相反，大小不相等，系统受到的合外力不为零，系统动量不守恒，最终两棒切割磁感线产生的电动势相等，速度不相等，A错误；ab棒和cd棒的质量分别为m、2m，电阻分别为R、2R，设最终速度大小分别为v1和v2，则有BLv1＝2BLv2，设从开始至两棒稳定运动所用时间为t，平均电流为，由动量定理可知，对ab棒有－BLt＝mv1－mv0，对cd棒有B·2Lt＝2mv2－0，解得v1＝，v2＝，B错误；系统产生的焦耳热Q＝mv－mv－×2mv＝mv，cd棒产生的焦耳热Qcd＝Q＝mv，C错误；由动能定理可知，ab棒克服安培力做的功W＝mv－mv＝mv，D正确。 8. 答案：B 解析：设水从出水口射出的初速度为v0，水离开出水口在空中做平抛运动的时间为t′，取t时间内抽出的水为研究对象，该部分水的质量为m＝v0tSρ，根据平抛运动规律有v0t′＝l，h＝gt′2，根据功能关系，得Ptη＝mv＋mg(H＋h)，联立解得水泵的输出功率约为P＝，故选B。 9． 答案：AD 解析：由图乙可知交变电压为正弦图像，交变电压的最大值Um＝36 V，周期T＝2×10－2 s，则原线圈两端电压的瞬时值表达式为u＝Umsint＝36sin(100πt) V，故A正确；理想变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率相等，故B错误；原线圈的输入电压为U1＝＝36 V，根据理想变压器原、副线圈的电压与匝数的关系有＝＝，解得副线圈的输出电压U2＝9 V，则电压表V2的示数为9 V，R′处温度升高时，R′的电阻减小，电流表的示数变大，电压表V2的示数不变，故C错误，D正确。 10． 答案：AB 解析：当行星P经过近日点A和远日点B时，其速度方向垂直于行星P与太阳的连线，由开普勒第二定律可知，行星P与太阳的连线在单位时间内扫过的面积S＝(a－c)vA＝(a＋c)vB，解得vB＝vA，A正确；行星运动的总机械能E等于动能与引力势能之和，则行星经过近日点时的机械能EA＝mv－G＝mv－G，经过远日点时的机械能EB＝mv－G＝mv－G，根据机械能守恒定律有EA＝EB，因此有m(v－v)＝GMm，把vB＝vA代入得v＝·，v＝·，解得行星P在椭圆轨道的机械能为E＝EA＝EB＝－G，B正确，C错误；由开普勒第三定律可知，该行星的运动周期与公转半径为a的行星的周期相等，设行星的质量为m′，由牛顿第二定律有G＝m′a，因此行星P绕F运动的周期为T＝，D错误。 11． 答案：(1)16.6　(2)O　(4)　a 解析：(1)游标尺的第6个刻度线与主尺上的2.2 cm刻度线对齐，则小铁球的直径d＝22 mm－0.9×6 mm＝16.6 mm。 (2)测量单摆的运动周期时，应从小铁球运动速度最快的点开始计时，即O点。 (4)等效单摆的摆长L＝R－，等效单摆的周期T＝2π，代入得T2＝－·，结合图3可得－＝，＝b，解得g＝，R＝a。 12． 答案：(1)B　(2)①　④ (3)不正确，理由见解析 解析：(1)选择滑动变阻器时，应选择调节时Rx两端电压变化较明显的，变化范围适当大些的，由图b可知，应选B。 (2)分析图e可知，图线①的电压调节范围最小，为了使电压U调节范围尽量大些，应排除①；图线④在>0.8时出现了明显的弯曲，考虑电压U随滑动变阻器滑片移动均匀变化，应排除④。 (3)他的观点不正确；根据题图e中图线①的分析可知，当滑动变阻器最大阻值过小时，电压调节范围会过小。 13． 答案：(1)2 kg　(2)1.8 cm (3)1.41×10－3 m2 解析：(1)缸内气体温度t1＝27 ℃时，对活塞、汽缸以及缸内气体整体，由平衡条件得F＝Mg 解得M＝2 kg。 (2)由图2分析可知，缸内气体温度为2t1时，汽缸底部与地面接触，气体温度从t1加热到2t1的过程中，缸内气体发生等压变化，由盖—吕萨克定律得＝ 解得h＝1.8 cm。 (3)气体温度从2t1加热到4t1的过程中，缸内气体发生等容变化，设2t1、4t1时缸内气体的压强分别为p2、p3，由查理定律得 ＝ 气体温度为2t1时，对汽缸，由平衡条件有 p2S＋Mg＝p0S 气体温度为4t1时，对活塞，由平衡条件有 p3S＝p0S 解得S＝1.41×10－3 m2。 14． 答案：(1)　方向垂直纸面向外 (2)(2－)　(3)减小 解析：(1)由题意可知，电子在磁场区域Ⅱ中从Q运动到C的轨迹半径r＝ 由洛伦兹力提供向心力有evB＝m 解得B＝ 由左手定则判断出磁场方向垂直纸面向外。 (2)电子在电场中一直做匀加速直线运动，设加速度大小为a，由牛顿第二定律有eE＝ma 设电子前4次通过电场总用时为t4，有 4L＝at 设电子前3次通过电场总用时为t3，有 3L＝at 电子第4次通过电场的时间t＝t4－t3 解得t＝(2－)。 (3)设电子经过n次加速后的速度大小为vn，由动能定理有Ee·nL＝mv－0 设电子经过n次加速后在磁场中运动半径为rn，由洛伦兹力提供向心力有＝evnB 解得rn＝ 同理，电子经过n＋1次加速后在磁场中运动的半径rn＋1＝ 相邻轨迹的间距Δdn＝2(rn＋1－rn) 解得Δdn＝2(－) 因－＝＝，可知随着速度的增加，即随着n的增大，相邻轨迹的间距减小。 15． 答案：(1)4mg　(2)2　(3)不会 解析：(1)设A经圆弧管道b点处的速率为vb，A由a到b的过程，由动能定理有 (F－mg)H＝mv－0 沿水平方向，由牛顿第二定律有FN＝m 解得FN＝4mg。 (2)设A与B碰撞前瞬间，A的速度大小为vd，A由b到d的过程，由动能定理有 F×－Wf－mgR＋Fx1＝mv－mv 以vd的方向为正方向，设A与B碰撞后瞬间，A、B的速度分别为vA和vB1，由动量守恒定律有mvd＝mvA＋MvB1 由机械能守恒定律有mv＝mv＋Mv 设B与C碰撞后瞬间，B、C的速度分别为vB2、vC，由动量守恒定律有MvB1＝MvB2＋MvC 由机械能守恒定律有 Mv＝Mv＋Mv 解得vA＝－2，vB2＝0，vC＝2。 (3)假设A在与B第一次碰撞后向左运动时不会进入圆弧管道，且A减速至速度为零所需的距离为s1，由动能定理有－Fs1＝0－mv 解得s1＝R<x1＝3R，假设成立 由于A与B、B与C之间均为真空，且vB2＝0，则A与B第一次碰撞后，B保持静止，设A与B第一、二次碰撞的时间间隔为t1，由运动的对称性可知，A与B碰撞前瞬间，A的速度大小为vA，由动量定理有Ft1＝m·(－vA)－mvA 解得t1＝2 设C的加速度大小为a，由牛顿第二定律有 mg＝Ma A与B从第一次碰撞到第二次碰撞期间，C的位移为xC＝vCt1－at 解得xC＝R＝x2 即A与B发生第二次碰撞时，C就已经离开管道，且B、C离开管道后均做平抛运动，同一时间不可能处于同一高度处，所以B与C不会发生第二次碰撞。 参考答案 第2页，共8页 第5页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 $