山西部分学校2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

山西现代双语学校联校高二年级10月考 物理答题卡2026.10 姓 名： 班级： 准考证号： 注意事项 1.答题前，考生先将自己的姓名，准考证号填写清 贴条形码区 楚，并认真检查监考员所粘贴的条形码。 2.选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题必须用 0.5mm黑色签字笔答题，不得用铅笔或圆珠笔答 题；字体工整、笔迹清晰。 3.请按题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出 区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题 缺考 无效。 此栏考生禁填 4. 保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破。 标记 5.正确填涂 选择题（请用2B铅笔填涂） 1[A][B][C][D] 5[A][B][C][D] 9[A][B][C][D] 2[A][B][C][D] 6[A][B][C][D] 10[A][B][C][D] 3[A][B][C][D] 7[A][B][C][D] 4[A][B][C][D] &[A][B][C][D] 非选择题（请在各试题的答题区内作答） 11. (8分)》 (1) (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 12.(6分) 13.(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 14.(14分) ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 15.(16分) ■ ■ ■ ■山西现代双语学校联校高二年级10月考 物理试题 2026.10 (考试时间：75分钟试卷满分：100分) 一、选择题（本题共10小题，第1-7题只有一个选项符合题目要求，每小题4分；8-10题有多个 选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，选错不得分) 1.下列说法正确的是( ) A.点电荷是一种理想化模型，其所带电荷量就是元电荷 B.摩擦起电的实质是电荷的转移 C.库仑发现了库仑定律，并使用扭秤实验精确地测出了元电荷的数值 D.根据公式F=k9和F=Gm匹可知，当两带电物体的距离r趋近于零时，库仑力和万有引力 2 都将趋向无穷大 2.如图为一块手机电池背面的文字说明，下列说法正确的是( A.说明中的mAh”为能量单位 3.6V500mAh锂离子电池 B.该电池充满电后所带电荷量为0.5C SNN5648A C2NALWJMAIC C.该电池在工作时的电流为500mA 20130708JCC1028 D.若该电池以10mA的电流工作，可连续工作50小时 3.某线性元件甲和非线性元件乙的伏安特性曲线，两图线交于A点，A点坐标为(12V,1.5A), 甲的图线与U轴所成夹角8为30°。下列说法正确的是() IA A.随电压的增大，元件乙的电阻变小 2.0f 甲 B.元件甲的电阻为R=k=an0= 3(Q) 1.5 1.0 C.在A点对应的状态时，甲、乙两元件的电阻相等 0.5 D.若将甲、乙两元件并联后直接接在电压恒为5V的电源上， 05101215 →UV 则流过甲、乙两元件的电流相等 4.如图所示，边长为L的等边三角形的顶点A、B、C上分别固定有电荷量为一4、一2q、十4q(q >0)的点电荷。己知静电力常量为k,O点为AB边的中点。三个点 C 电荷产生的电场在O点处的合电场强度大小为() 20kq A. B. 16kq 32 3L2 B.C. Akq A -。--曰B 3L2 D.0 5.如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，坐标系内有A、B两点， 其中A点坐标为4V3cm,0),B点坐标为(0,2cm),坐标原点O处的电势为0，A点的电势为8V,B 点的电势为4V,则匀强电场的强度大小是() ↑y/cm B A.200V/m B.400W3V/m c. 4003V1m D.300V/m x/cm 3 6.如图中三条实线α、b、c表示三个等差等势面。一个带电粒子射入电场后只在电场力作用下沿虚 线所示路径由M点运动到N点，由图可以看出() A.三个等势面的电势关系是P>R>9 B.带电粒子在M点的加速度较大 C.带电粒子带负电 D.带电粒子在N点的动能较小，电势能较大 7.真空中固定两个电荷量相等的点电荷，以两电荷连线的中点为原点O,以连线的中垂线建立x 轴，电势随位置x的变化关系如图所示，A、B、C、D为x轴上的4个点，AO=DO,BO=CO, 下列说法正确的是() A.B、C两点的电场强度相同 B.图中O点的电场强度最大 C.若一电子从A点以一定速度射出，该电子可能做圆周运动 D D.若一电子从B点以一定速度射出，该电子可能在B、C两点 之间做往复运动 8.下列四个电场中关于M、N两点说法正确的是( 'M ◆M 王十王□ ●M ⊕ W 甲 乙 何 A.图甲中，与点电荷等距的M、N两点电势相等 B.图乙中，带电平行金属板两板间的M、N两点电势相等 C.图丙中，两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的M、N两点场强相同 D.图丁中，两个等量同种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的M、N两点场强相同 9.如图所示，两块较大的金属板A、B平行水平放置并与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量 为m、电荷量为9的油滴恰好在P点处于静止状态。则下列说法正确的是() A.在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段距离，则油滴向下加速运动 B.在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段距离，则油滴保 持静止不动 C.若将S断开，且将A板向左平移一小段距离，P点电势降低 D.若将S断开，再将A板向左平移一小段距离，P点电势升高 10.让一价的氢离子（电荷量为、质量为m)、一价的氦离子（电荷量为e、质量为4m)、二价的 氦离子（电荷量为2、质量为4m)的混合物经过同一加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转 电场里偏转后离开偏转电场，不计重力及粒子间的相互作用，则() A.三个离子同时离开偏转电场 B.三个离子在偏转电场中的位移相等 C.三个离子离开偏转电场时的速度方向相同 D.一价的氢离子、二价的氦离子离开电场时的动能相等 二、实验题：本题1个小题，共8分。 11.如图甲所示是观察电容器的充、放电现象的实验装置。电源输出电压恒为8V,S是单刀双掷 开关，G为灵敏电流计，C为平行板电容器。(1A=103mA) ◆I/mA 2 0 4 甲 乙 6 (1)将开关S接1给电容器充电，则充电时电流 (填“向左”或“向右)流过电流计G;平 行板电容器两极板之间电势差U (填增大或减小) (2)将G表换成电流传感器，电容器充电完毕后再放电，其放电电流随时间变化图像如图乙所示，图 像包围的小方格数量约为41个，则可估算出电容器开始放电时所带的电荷量9= C(保 留两位有效数字)； (3)电容器充电后就储存了能量，某同学从等效的思想出发，认为电容器储存的能量等于把电荷从一 个极板搬运到另一个极板过程中克服电场力所做的功。为此他做出电容器两极间的电压U随电荷量 Q变化的图像如图所示。按他的想法，下列说法正确的是 (填正确答案标号) △9 A.U-Q图线的斜率越大，电容C越大 B.搬运△q的电量，克服电场力所做的功近似等于△q上方小矩形的面积 C.对同一电容器，电容器储存的能量E与两极间电压U成正比 D.若电容器电荷量为Q时储存的能量为E,则电容器电荷量为 号时储存的能量为 三、计算题：本题包含4小题，共46分。 12.(6分)如图所示，在电场强度E为60N/C的匀强电场中有A、B、C三个点，AB为12cm,BC 为5c,其中AB与电场方向平行，BC与电场方向垂直。 (I)求AB两点间的电势差UMB; (2)若A点的电势为零，求B点的电势PB: A B 13.(10分)粒子直线加速器简化如图所示：沿轴线分布O(为薄金属环)及A、B、C、D、E, 5个金属圆筒（又称漂移管)，相邻漂移管分别接在高压交流电源MN的两端，O接M端。质子飘 入（初速度不计）金属环O轴心沿轴线进入加速器，质子在金属圆筒内做匀速运动且时间为交流电 压周期的一半，在金属圆筒之间的狭缝被电场加速，加速时电压U大小相同，周期为T。质子电荷 量为e,质量为m,不计质子经过狭缝的时间，求： 漂移管 A 狭缝 (I)质子从金属圆筒D射出时的速度大小为多少？ (2)金属圆筒C的长度与金属圆筒E的长度之比为多少？ 14.(14分)如图为某电子发生装置，产生初速度为0的电子，经过加速电场的加速，然后进入偏 转电场运动，最后打在荧光屏上。已知加速电场两板间电势差为U,,偏转电场两板间电势差为U2且 上极板带负电，板长为L,板间距为d,偏转电场与荧光屏的距离为1，电子的质量为、电荷量为 e,其重力不计。 (1)电子离开加速电场获得的速度： (②)电子离开偏转电场时的速度偏角的正切值； (3)电子打到荧光屏的位置与荧光屏中心的距离y。 15.(16分)如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，由水平粗糙轨道AB与光滑圆弧轨道BDC 组成的绝缘轨道固定在竖直面内，圆弧轨道与水平轨道在B点相切，AB部分轨道足够长，圆弧轨 道的半径为R,OD沿水平方向，OC与水平方向的夹角为45°。将一个质量为、电荷量为+9的带 电小物块在水平轨道上A处由静止释放，AB距离L=4R。己知重力加速度为g,匀强电场的电场强 度E-"mg 3,物块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，物块可视为质点，运动过程中电荷量不变，求： q (1)物块第一次到达D点时对轨道的压力大小： (2)判断物块运动过程中能否滑出轨道的C点？若能，第一次滑 出后距离C的最远距离为多少； (3)物块在AB轨道上运动的总路程为多少。 A B山西现代双语学校联校高二年级10月考物理答案 一、选择题（本题共10小题，第1-7题只有一个选项符合题目要求，每小题4分；8-10题有 多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，选错不得分) 1.B 【详解】A.点电荷是理想化模型，但其所带电荷量是元电荷的整数倍，A错误： B.摩擦起电的本质是电子从一个物体转移到另一个物体，使物体带电，B正确： C.库仑通过扭秤实验验证了库仑定律，但元电荷数值由密立根油滴实验测得，C错误； D.当r趋近于零时，两物体无法视为点电荷或质点，公式均不再适用，D错误。故选B。 2.D 【详解】AB.根据q=t 可知mA·h”为电量单位，该电池充满电后所带电荷量为 q=11=500mAh=500×103A×3600s=1800C,故AB错误： C.由于不知道电池的工作时间，所以无法计算放电电流，故C错误： D.若电池以10nA的电流工作，可用1=2-500mA-h=50h,故D正确。故选D。 10mA 3.C 【详解】A.随电压的增大，元件乙图像上的点与原点连线斜率减小，根据k==。可知，元 件乙的电阻增大，故A错误； U12 B.元件甲的电阻为R即= 2=8①，故B错误： 11.51 C.在A点对应的状态时，甲、乙两元件的电压和电流都相等，可知电阻相等，故C正确： D.若将甲、乙两元件并联后接在5V电源上，两元件电压均为5V。由图可知，此时通过甲、 乙的电流不相等，故D错误。故选C。 4.A 【详解】C处电荷在0点产生的场强为E。=k, nT,方向下， 1处电荷在0点产生的场强为B,=k?-物 )2 2,方向向左： 2 B处电荷在0点产生的场强为，=k 2g 8kq 1 )2 2，方向向右： 则三个点电荷产生的电场在O点处的合电场强度大小为 =G,-+-+2- 故选A。 -3 5.C 【详解】确定等势线：已知Po=OV,P4=8V,OA沿x轴，匀强电场中电势沿直线线性变化， 因此在OA上x=2V3cm处的C点电势P=4V,与B点pg=4V相等，因此BC是一条等势线。 计算原点到等势线BC的垂直距离：B(0,2cm)、C(2√3cm,0),BC的直线方程整理为： x+V3y-2√3×10-2m=0 根据点到直线的距离公式，原点O到BC的垂直距离（即沿电场方向的距离）： d-上-2w5x101-V5x102m V12+(5)2 计算电场强度：原点与等势线BC的电势差U=4V-0=4V 由匀强电场强度公式E三，得E 4y_4005vm 故选C。 V3×102m3 6.D 【详解】AC.带电粒子所受电场力指向轨迹的凹侧且与等势面垂直，大致向右下，但因电场线 方向不确定，所以带电粒子电性不能确定，也不能确定三个等势面的电势高低关系，故AC错 误； B.N点的等势面比M点密集，可知N点的电场线也比M点密集，则N点场强比M点大，带 电粒子在N点所受电场力比在M点大，带电粒子在N点的加速度较大，故B错误； D.从M点到N点，带电粒子所受电场力与速度方向成钝角，所以电场力做负功，电势能增加， 动能减小，即带电粒子在N点的动能较小，电势能较大，故D正确。 故选D。 7.C 【详解】A.因为BO=CO,B点和C点关于O点对称，由P-x图像关于O对称且O点电势最高， 可知两点电荷为等量正电荷，根据等量正点电荷周围的电场分布规律，可知B、C两点的电场强 度大小相等，但方向相反，故A错误： B.P-x图像的斜率的绝对值等于该点的电场强度的大小，O点的斜率为零，电场强度为0，故 B错误； C,在两等量正电荷连线的中垂面内，电子所受的合电场力始终指向连线中点O,若在A点给电子一 个垂直于OA方向的合适初速度，则电场力可提供向心力，使电子绕O点做匀速圆周运动，故C正 确： D.若电子在B点以一定初速度释放后，会在比BC更大的范围内往复运动，所以电子不可能在B、 C两点之间做往复运动，故D错误。 故选C。 8.AC 【详解】A.M、N是离点电荷等距的两点，处于同一等势面上，电势相同，故A正确： B.M、N是匀强电场中的两点，根据沿着电场线电势降低可知M点的电势大于N点的电势， 故B错误； C.由于电场线关于两电荷连线上下对称，而且都与等势面垂直，所以场强的大小和方向都相同， 故C正确： D.根据电场线的对称性可知，M、N两点场强大小相等，但方向相反，所以电场强度不同， 故D错误。 故选AC。 9.BC 【详解】AB.在S仍闭合的情况下，依题意电容器与电源保持连通状态，极板间电压不变，根 锯E可知，若将A板向右平移一小段位移，不变，可知极板间匀强电场的场强不变，液 滴受到的电场力不变，因此油滴依然保持静止状态，故A错误，B正确： CD.若将S断开，则极板上电荷量不变，将A板向左平移一小段位移，极板的正对面积S减小， 根据C=S 可知，可知电容器电容减小，结合C=号可知，可知极板间电势差增大，由E= 4kπ U d 可知，极板间的电场强度增大，P、B间电势差增大，B板接地，P点电势低于B点，可知P电 势降低，故C正确，D错误。 故选BC。 10.BC 【详解】A.设加速电压为U,加速距离为1，偏转电压为2，偏转极板的长度为L,板间距离 为d。在加速电场中，由动能定理得q,=2m6 1 得加速获得的速度为%=， m 根据1=之 可得离子在加速电场中的时间为4=21， 2qU 三个离子在偏转电场中，水平方向做速度为o的匀速直线运动，根据L=2 m 可得12=L 2qU m 则离子在加速电场和偏转电场中运动的总时间为=4+42=(L+2), 2qU 由于氢离子比荷为，一价氨离子比荷为，二价氨离子比荷为2=。，则三个离子在加 m Am 4m 2m 速电场和偏转电场中运动的总时间不相等，故三个离子不会同时离开，A错误： B.偏转电场中竖直方向偏转位移为y=2心 U2=ma 其中根据L=W,9 UP 得到y=4dU 与比荷无关，则y相同，又因为水平位移均为L,则合位移相同，故三个离子在偏转电场中的 位移相等，B正确： C.设速度偏转角为a,则tan0=上=a %V% 代入推导可得tan0= U,L 2dU 该结果与粒子的4m无关，因此三个离子离开偏转电场时的速度偏转角完全相同，即三个离子 离开偏转电场时的速度方向相同，C正确： D.对全程用动能定理，粒子离开电场时的总动能E=q(U,+ d 由于二价氦离子电荷量2是一价氢离子电荷量e的2倍，其余项均相同，因此二价氦离子的动 能是一价氢离子的2倍，D错误。 故选BC。 二、实验题：本题1个小题，共8分。 11.(1)向右增大 (2)3.3×10-3 (3)BD 【详解】(1)[1]开关接1时，电源正极与电容器上极板相连，常规电流由电源正极流出，沿开 关、电流计流向电容器上极板，因此电流从左向右流过电流计： [2]由电容器公式C= 可知，充电时，平行板电容器的C不变，电荷量Q增大，平行板电容器 两极板之间电势差U将增大。 (2)由电流的定义I=9可知，在很短时间△M内通过电流传感器的电荷量△9=1△1，把各小段 △t 电荷量相加，所得总电荷量等于I-1图线与坐标轴围成的面积。横轴每小格表示0.4s,纵轴每 小格表示0.2mA=2.0×104A 故每小格面积对应的电荷量△q。=△1△1=2.0×104×0.4C-8.0×105C 图像约占41个小格，故开始放电时电容器所带的电荷量 9=n△qo=41×8.0×105C=3.28×103℃≈3.3×10-3C (3)A.由电容定义式C= 9可得U-Q图线的斜率k=又= C 斜率越大，电容越小，故A错误； B,在搬运一小段电荷量△q的过程中，电压变化很小，可近似看作不变，克服电场力做的功 △W≈U·△g,其数值近似等于△q上方小矩形的面积，故B正确： CD.把搬运各小段电荷量所做的功相加，电容器储存的能量等于U一Q图线下的三角形面积， 即E=。QU 对同一电容器，由电容定义式Q=CU 代入能量公式得E=2CU 能量与电压的平方成正比，同理，由U-号 可得E= 2C 当电荷呈变为号时，储存的能量E= 号1g,E,故C错误，D正确 故选BD。 2 2C42C4 三、计算题：本题包含4小题，共46分。 12.(1)7.2V (2)-7.2V 【详解】(1)AB两点间的电势差为UB=Ed4B=60×0.12V=7.2V (2)若A点的电势为零，则UB=p4-Pg=0-Pg=7.2V 可得B点的电势为pB=-7.2V 2eU 13.(1)2 (2)V3:V5 m 【详解】(1)质子沿轴线进入加速器，从金属圆筒D射出时经4次加速，由动能定理可得 AeU/-7mv 解得质子从金属圆筒D射出时的速度大小为y4=2,、 2eU m (2)根据动能定理，有3U=m心 TT 6eU 金属圆筒C的长度Le=y22m 根据动能定理，有5U='m TT 10eU 金属圆筒E的长度L=y‘22√m 金属圆筒C的长度与金属圆筒E的长度之比Lc:L=√3：√5 U,L U,L(L+21) (2)20,d (3) AU d 【详解】(1)电子在加速电场中运动， 初速度为0，由动能定理eU1=mv2 整理得离开加速电场的速度v m (2)电子在偏转电场中做类平抛运动： 水平方向匀速运动L=v 得运动时间t=二 竖直方向匀加速运动：电场强度E= d 加速度a=eE=ew2 m md 离开时竖直分速度y,=al 速度偏角正切值满足tan0=兰 U,L 联立得tan0B= 2U d (3)根据类平抛运动的推论：电子离开偏转电场时，速度的反向延长线一定经过偏转电场水平 位移的中点。 结合几何关系，偏移量满足y'=tan0 代入tan0得y= U,L(L+2) 4Ud 15.(1)F=5mg (2)能，最远距离为s= 2 R (3)s=8R 【详解】(1)物块第一次到达D点的过程，根据动能定理可得qE(L+R)-4mgL-mgR= 根据牛顿第二定律可得F-qE=m R 联立，解得F=5mg 根据牛顿第三定律可得，物块第一次到达D点时对轨道的压力大小为F=F=5mg (2)假设物块运动过程中能滑出轨道的C点，则物块运动到C点的速度大小为'，根据动能 定理可得gE(L+Rcos459)-mgL-mgR(1+sin45)=2m 解得ve=V2gR 物块受到的电场力大小为F电=qE=mg 物块受到的电场力和重力均不变，可将这两个力看成是等效重力，设等效重力的方向与竖直方 向的夹角为0，则tan0=F鱼=l mg 解得0=45° 即物块滑出轨道的C点后做类竖直上抛运动，根据牛顿第二定律可得VF+(mg)=m 解得a=√2g 设第一次滑出后距离C的最远距离为s,则2as=v吃 解得= R 2 (3)因为mg<F电 所以物块不能静止在水平粗糙轨道AB上，最终将在BD间做往复运动，且在B、D两点处的速 度均为0，则物块由A到B的过程，根据动能定理qEL-4mgs=0 解得物块在AB轨道上运动的总路程为S=8R